5.25℃時(shí),有下列五種溶液:①0.1mol/L CH3COOH溶液  ②pH=13NaOH溶液、0.05mol/L H2SO4  ④0.1mol/L Na2CO3溶液   ⑤Mg(OH)2的飽和溶液
請(qǐng)根據(jù)要求填寫(xiě)下列空白:
(1)溶液④呈堿性(填“酸性”、“堿性”或“中性”),其原因是CO32-+H2O=HCO3-+OH-(用離子方程式表示)
(2)在上述①至④四種溶液中,pH由大到小的順序?yàn)棰冖堍佗郏ㄌ钚蛱?hào))
(3)將該溫度下amL的溶液②與bmL的溶液③混合,所得混合溶液的pH=7,則a:b=1:1.
(4)若①與④溶液等體積混合,所得溶液離子濃度由大到小的順序c(Na+)>c(CH3COO-)>c(HCO3-)>c(OH-)>c(H+)>c(CO32-).
(5)在溶液⑤中加入少量NaOH固體,調(diào)至pH=13,則鎂離子濃度為5.6×10-10mol/L.(已知Mg(OH)2在該溫度下的溶度積常數(shù)為5.6×10-12

分析 (1)碳酸鈉溶液為強(qiáng)堿弱酸鹽,碳酸根離子部分水解,溶液呈堿性;
(2)溶液中氫離子濃度越大,溶液的pH越小,溶液中氫氧根離子濃度越大,溶液的pH越大,據(jù)此進(jìn)行判斷;
(3)硫酸和氫氧化鈉都是強(qiáng)電解質(zhì),兩溶液中氫離子和氫氧根離子濃度相等,混合液的pH=7,則兩溶液體積相等;
(4)①與④溶液等體積混合,溶質(zhì)為等濃度的醋酸鈉和碳酸氫鈉,碳酸氫根離子的水解程度大于醋酸根離子的水解程度,則c(CH3COO-)>c(HCO3-);
(5)根據(jù)氫氧化鎂的溶度積及溶液中氫氧根離子濃度計(jì)算出鎂離子濃度.

解答 解:(1)N2CO3是強(qiáng)堿弱酸鹽,水解后水溶液都呈堿性,水解離子方程式為:CO32-+H2O=HCO3-+OH-
故答案為:堿性;CO32-+H2O=HCO3-+OH-;
(2)①0.1mol/L CH3COOH溶液中氫離子濃度小于0.1mol/L,溶液的pH>1;②pH=13NaOH溶液;③0.05mol/L H2SO4溶液中氫離子濃度為0.1mol/L,溶液pH=1;④0.1mol/L Na2CO3溶液呈弱堿性,則四種溶液的pH由大到小為:②④①③,
故答案為:②④①③;
(3)②pH=13NaOH溶液中氫氧根離子濃度為0.1mol/L,③0.05mol/L H2SO4溶液中氫離子濃度為0.1mol/L,混合液的pH=7,由于硫酸和氫氧化鈉都是強(qiáng)電解質(zhì),則兩溶液體積相等,即:a:b=1:1,
故答案為:1:1;
(4)若①與④溶液等體積混合,所得溶液為等濃度的醋酸鈉和碳酸氫鈉,碳酸氫根離子的水解程度大于醋酸根離子的水解程度,則c(CH3COO-)>c(HCO3-),溶液中離子濃度由大到小的順序?yàn)椋篶(Na+)>c(CH3COO-)>c(HCO3-)>c(OH-)>c(H+)>c(CO32-),
故答案為:c(Na+)>c(CH3COO-)>c(HCO3-)>c(OH-)>c(H+)>c(CO32-);
(5)在溶液⑤中加入少量NaOH固體,調(diào)至pH=13,溶液中氫氧根離子濃度為0.1mol/L,則鎂離子難度為:c(Mg2+)=$\frac{5.6×1{0}^{-12}}{0.{1}^{2}}$mol/L=5.6×10-10mol/L,
故答案為:5.6×10-10mol/L.

點(diǎn)評(píng) 本題考查了酸堿混合的定性判斷及溶液pH的計(jì)算,題目難度中等,涉及弱電解質(zhì)的電離平衡、酸堿混合的定性判斷、溶液pH的計(jì)算、難溶物溶解平衡的計(jì)算等知識(shí),試題知識(shí)點(diǎn)較多、綜合性較強(qiáng),充分考查學(xué)生的分析、理解能力及靈活應(yīng)用能力,注意掌握離子濃度定性常用方法,明確酸堿混合的定性判斷方法及溶液pH的計(jì)算方法.

練習(xí)冊(cè)系列答案
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(2)符合上述條件的有機(jī)物A的可能結(jié)構(gòu)有12(填數(shù)字)種,其中核磁共振氫譜為7組峰,且峰面積為1:2:2:2:2:1:1的α-氨基酸中的任一種的結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)式

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18.利用化學(xué)反應(yīng):Fe+CuSO4═FeSO4+Cu,可以設(shè)計(jì)出一種原電池.該原電池工作時(shí)( 。
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