16.過(guò)氧化氫是重要的氧化劑和還原劑,常用于消毒、殺菌、漂白等.請(qǐng)回答相關(guān)問(wèn)題:
(1)目前常用乙基蒽醌法制備過(guò)氧化氫,主要過(guò)程如圖1,此過(guò)程的總方程式為H2+O2$\frac{\underline{\;催化劑\;}}{\;}$H2O2

(2)實(shí)驗(yàn)測(cè)得常溫下質(zhì)量分?jǐn)?shù)為0.51%H2O2水溶液(密度為1g/mL)的pH為5
i.寫出H2O2溶于水的電離方程式H2O2?H++HO2-HO2-?H++O22-
ii.測(cè)定H2O2水溶液pH的方法為D(填編號(hào))
A.用酸堿指示劑測(cè)定   B.用廣泛pH試紙測(cè)定
C.用精密pH試紙測(cè)定   D.用pH計(jì)測(cè)定
(3)某實(shí)驗(yàn)小組擬研究濃度、催化劑、溶液酸堿性對(duì)H2O2分解反應(yīng)速率的影響.在常溫下按照如下方案完成實(shí)驗(yàn).
實(shí)驗(yàn)編號(hào)反應(yīng)物催化劑
10mL 2% H2O2溶液無(wú)
10mL 5% H2O2溶液無(wú)
10mL 5% H2O2 溶液0.1gMnO2粉末
10mL 5% H2O2 溶液+少量HCl溶液0.1gMnO2粉末
10mL 5%  H2O2 溶液+少量NaOH溶液0.1gMnO2粉末
i.實(shí)驗(yàn)①和②的目的是探究濃度對(duì)反應(yīng)速率的影響.實(shí)驗(yàn)時(shí)由于沒(méi)有觀察到明顯現(xiàn)象而無(wú)法得出結(jié)論.資料顯示,通常條件下H2O2較穩(wěn)定,不易分解.為了達(dá)到實(shí)驗(yàn)?zāi)康,你?duì)原實(shí)驗(yàn)方案的改進(jìn)是向反應(yīng)物中加入等量同種催化劑(或?qū)⑹⒂蟹磻?yīng)物的試管放在同一熱水浴中).
ii.實(shí)驗(yàn)③、④、⑤中,測(cè)得生成氧氣的體積隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖2所示.
分析該圖能夠得出的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是溶液pH越大,雙氧水分解速度越快.
(4)實(shí)驗(yàn)室常用酸性高錳酸鉀標(biāo)準(zhǔn)溶液測(cè)定雙氧水的濃度,反應(yīng)原理為:2MnO4-+5H2O2+6H+═2Mn2++8H2O+5O2
2MnO4-+H2O2+H+═2Mn2++H2O+O2
i.請(qǐng)配平以上離子方程式2MnO4-+5H2O2+6H+═2Mn2++8H2O+5O2
ii.用移液管吸取25.00mL試樣置于錐形瓶中,重復(fù)滴定四次,每次消耗0.1000mol•L-1的KMnO4標(biāo)準(zhǔn)溶液體積如下表所示:
第一次第二次第三次第四次
體積(mL)17.1018.1018.0017.90
計(jì)算試樣中過(guò)氧化氫的濃度為0.18mol•L-1.
iii.若滴定前尖嘴中有氣泡滴定后消失,則測(cè)定結(jié)果偏高(“偏高”或“偏低”或“不變”).

分析 (1)乙基蒽醌作催化劑,氫氣和氧氣反應(yīng)生成雙氧水;
(2)i.過(guò)氧化氫是弱電解質(zhì)屬于二元弱酸分部電離;ii.過(guò)氧化氫具有漂白性;
(3)i.實(shí)驗(yàn)①和②的濃度不同;為了便于比較,應(yīng)在相同的條件下利用一個(gè)變量來(lái)比較;
ii、由圖可知,⑤的反應(yīng)速率最大,④的反應(yīng)速率最小,以此來(lái)解答;
(4)i.據(jù)氧化還原反應(yīng)中得失電子守恒和原子守恒配平方程式;
ii.第一次滴定體積和其它三次差距過(guò)大,應(yīng)該舍去,求出第二、三、四三次的平均值,根據(jù)反應(yīng)求出過(guò)氧化氫的濃度;
iii.滴定前有氣泡,消耗的高錳酸鉀偏多,測(cè)定結(jié)果偏高.

解答 解:(1)通過(guò)圖示可知,用乙基蒽醌作催化劑制取雙氧水,反應(yīng)為:H2+O2$\frac{\underline{\;催化劑\;}}{\;}$H2O2
故答案為:H2+O2$\frac{\underline{\;催化劑\;}}{\;}$H2O2;
(2)i.過(guò)氧化氫是弱電解質(zhì),H2O2溶液顯酸性屬于二元弱酸分部電離,電離的方程式為:H2O2?H++HO2- HO2-?H++O22-
故答案為:H2O2?H++HO2- HO2-?H++O22-;
ii.過(guò)氧化氫具有漂白性,能夠?qū)H試紙的紅色漂白至百色,所以需用pH計(jì)測(cè)定其pH,
故答案為:D;
(3)i.實(shí)驗(yàn)①和②的濃度不同,則該實(shí)驗(yàn)的目的為探究濃度對(duì)化學(xué)反應(yīng)速率的影響;為了便于比較,應(yīng)在相同的條件下利用一個(gè)變量來(lái)比較,
則向反應(yīng)物中加入等量同種催化劑(或?qū)⑹⒂蟹磻?yīng)物的試管放在同一熱水浴中),
故答案為:探究濃度對(duì)反應(yīng)速率的影響;向反應(yīng)物中加入等量同種催化劑(或?qū)⑹⒂蟹磻?yīng)物的試管放在同一熱水浴中);
ii.由圖可知,⑤的反應(yīng)速率最大,④的反應(yīng)速率最小,結(jié)合實(shí)驗(yàn)方案可知,堿性環(huán)境能增大H2O2分解的速率,酸性環(huán)境能減小H2O2分解的速率,即:溶液pH越大,雙氧水分解速度越快,
故答案為:溶液pH越大,雙氧水分解速度越快;
(4)i.每有1molMnO4-反應(yīng)得電子5mol,每有1molH2O2反應(yīng),失電子2mol,所以高錳酸根和過(guò)氧化氫的物質(zhì)的量之比為2:5,其化學(xué)計(jì)量數(shù)分別為2、5,在據(jù)原子守恒,得出錳離子和氧分子前的化學(xué)計(jì)量數(shù)也是2和5,再據(jù)電荷守恒配平氫離子為6,據(jù)H原子守恒,水的化學(xué)計(jì)量數(shù)為8,化學(xué)方程式為:2MnO4-+5H2O2+6H+═2Mn2++8H2O+5O2↑,
故答案為:2MnO4-+5H2O2+6H+═2Mn2++8H2O+5O2↑;
ii.由于第一次數(shù)據(jù)誤差過(guò)大,故舍去;其它三組的平均值為 18.00ml,根據(jù)反應(yīng)2MnO4-+5H2O2+6H+═2Mn2++8H2O+5O2,n(H2O2)=2.5×n(MnO4-)=2.5×0.1000mol•L-1×0.018L,c(H2O2)=$\frac{2.5×0.1×0.018}{0.025}$=0.18 mol/L,
故答案為:0.18;
iii.滴定前尖嘴中有氣泡,導(dǎo)致消耗的標(biāo)準(zhǔn)液偏大,測(cè)定結(jié)果偏高,
故答案為:偏高.

點(diǎn)評(píng) 本題考查影響化學(xué)反應(yīng)速率因素、化學(xué)方程式書(shū)寫、電離方程式書(shū)寫等知識(shí),題目難度中等,試題知識(shí)點(diǎn)較多、綜合性較強(qiáng),能夠較好的考查學(xué)生實(shí)驗(yàn)設(shè)計(jì)、數(shù)據(jù)處理、圖象分析的綜合能力.

練習(xí)冊(cè)系列答案
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(1)向?yàn)V液Ⅰ中加入FeS是為了生成難溶于酸的硫化物沉淀而除去Cu2+、Zn2+等雜質(zhì),則除去Cu2+的離子方程式為:FeS+Cu2+=CuS+Fe2+
(2)對(duì)濾液Ⅱ的操作,請(qǐng)回答:
①往濾液Ⅱ中加入H2O2的離子方程式:2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2 H2O
②調(diào)濾液ⅡpH的目的是除去Fe3+,其原理是Fe3++3H2O?Fe(OH)3+3H+,檢驗(yàn)Fe3+是否除盡的操作和現(xiàn)象是:用試管取少量濾液Ⅲ,滴加幾滴KSCN溶液,若無(wú)顏色變化,則Fe3+已除凈
(3)濾液Ⅲ溶質(zhì)的主要成分是NiSO4,加Na2CO3過(guò)濾后得到NiCO3固體,再加適量稀硫酸溶解又生成NiSO4,這兩步操作的目的是增大NiSO4的濃度,利于蒸發(fā)結(jié)晶(或富集NiSO4
(4)得到的NiSO4溶液經(jīng)蒸發(fā)濃縮、冷卻結(jié)晶、過(guò)濾等一系列操作可得到NiSO4•6H2O晶體,請(qǐng)回答:
①為了提高產(chǎn)率,過(guò)濾后得到的母液要循環(huán)使用,則應(yīng)該回流到流程中的d位置(填a、b、c、d)
②如果得到產(chǎn)品的純度不夠,則應(yīng)該進(jìn)行重結(jié)晶操作(填操作名稱)
③理論上從100Kg 廢渣(Ni元素含量為59%)中可回收NiSO4•6H2O的質(zhì)量為227 Kg.(Ni的相對(duì)原子質(zhì)量為59,NiSO4•6H2O相對(duì)分子質(zhì)量為227)

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11.將0.1molMg、Al混合物溶于100mL4mol/L的鹽酸中,然后再滴加1mol/L的NaOH溶液,在滴加NaOH溶液的過(guò)程中,沉淀質(zhì)量m與NaOH溶液的體積V的變化如圖所示.
(1)寫出BC過(guò)程的離子反應(yīng)方程式Al(OH)3+OH-=AlO2-+2H2O
(2)當(dāng)V1=140mL時(shí),混合物中n(Mg)=0.04mol,V2=460mL
(3)滴入的NaOH溶液400mL 時(shí),溶液中的Mg2+和Al3+剛好沉淀完全.
(4)若混合物中Mg的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)為a,當(dāng)?shù)稳氲腘aOH溶液為450mL時(shí),所得沉淀中無(wú)Al(OH)3,則a的取值范圍是0.5≤a<1
(5)當(dāng)加入V2mlNaOH溶液后過(guò)濾,向?yàn)V液中通入過(guò)量的CO2氣體,能觀察到的現(xiàn)象為白色膠狀沉淀,寫出該過(guò)程反應(yīng)的離子方程式AlO2-+CO2+2H2O═Al(OH)3↓+HCO3-

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1.根據(jù)下列實(shí)驗(yàn)方案設(shè)計(jì),不能測(cè)定出相關(guān)含量的是(  )
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(2)在碘和淀粉形成的藍(lán)色溶液中通入SO2氣體,發(fā)現(xiàn)藍(lán)色逐漸消失,反應(yīng)的化學(xué)方程式是I2+SO2+2H2O═2I-+SO42-+4H+
(3)對(duì)比(1)和(2)實(shí)驗(yàn)所得的結(jié)果,將Cl-、I-、SO2按還原性由強(qiáng)到弱順序排列為SO2>I->Cl-

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