17.如圖1,已知拋物線y=$\frac{3}{8}$x2-$\frac{3}{4}$x-3與x軸交于A和B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè)),與y軸相交于點(diǎn)C,頂點(diǎn)為D.
(1)求出點(diǎn)A,B,D的坐標(biāo);
(2)如圖1,若線段OB在x軸上移動(dòng),且點(diǎn)O,B移動(dòng)后的對(duì)應(yīng)點(diǎn)為O′,B′.首尾順次連接點(diǎn)O′、B′、D、C構(gòu)成四邊形O′B′DC,當(dāng)四邊形O′B′DC的周長(zhǎng)有最小值時(shí),在第四象限找一點(diǎn)P,使得△PB′D的面積最大?并求出此時(shí)P點(diǎn)的坐標(biāo).
(3)如圖2,若點(diǎn)M是拋物線上一點(diǎn),點(diǎn)N在y軸上,連接CM、MN.當(dāng)△CMN是以MN為直角邊的等腰直角三角形時(shí),直接寫出點(diǎn)N的坐標(biāo).

分析 (1)令y=0,解方程即可求出點(diǎn)A、B的坐標(biāo),利用配方法或頂點(diǎn)坐標(biāo)公式可得頂點(diǎn)D的坐標(biāo);
(2)作點(diǎn)C(0,-3)關(guān)于x軸的對(duì)稱點(diǎn)C′(0,3),將點(diǎn)C′(0,3)向右平移4個(gè)單位得到點(diǎn)C″(4,3),連接DC″,交x軸于點(diǎn)B′,將點(diǎn)B′向左平移4個(gè)單位得到點(diǎn)O′,連接CO′,CO″,則四邊形O′B′C′C″為平行四邊形,此時(shí)四邊形O′B′DC周長(zhǎng)取最小值.再根據(jù)兩點(diǎn)間的距離公式求出CD、DC″的長(zhǎng)度,即可得出結(jié)論;
(3)按點(diǎn)M的位置不同分兩種情況考慮:①點(diǎn)M在直線y=x-3上,;②點(diǎn)M在直線y=-x-3上,聯(lián)立直線與拋物線解析式求出點(diǎn)M的坐標(biāo),結(jié)合點(diǎn)C的坐標(biāo)以及等腰直角三角形的性質(zhì)即可得出點(diǎn)N的坐標(biāo).綜合兩種情況即可得出結(jié)論.

解答 解:(1)令y=$\frac{3}{8}$x2-$\frac{3}{4}$x-3中y=0,則 $\frac{3}{8}$x2-$\frac{3}{4}$x-3=0,
解得:x1=-2,x2=4,
∴A(-2,0),B(4,0).
∵y=$\frac{3}{8}$x2-$\frac{3}{4}$x-3=$\frac{3}{8}$(x2-2x)-3=$\frac{3}{8}$(x-1)2-$\frac{27}{8}$,
∴D(1,-$\frac{27}{8}$).

(2)令y=$\frac{3}{8}$x2-$\frac{3}{4}$x-3中x=0,則y=-3,
∴C(0,-3).
D(1,-$\frac{27}{8}$),O′B′=OB=4.
如圖1,作點(diǎn)C(0,-3)關(guān)于x軸的對(duì)稱點(diǎn)C′(0,3),將點(diǎn)C′(0,3)向右平移4個(gè)單位得到點(diǎn)C″(4,3),連接DC″,交x軸于點(diǎn)B′,將點(diǎn)B′向左平移4個(gè)單位得到點(diǎn)O′,連接CO′,CO″,則四邊形O′B′C′C″為平行四邊形,此時(shí)四邊形O′B′DC周長(zhǎng)取最小值.

此時(shí)C四邊形O′B′DC=CD+O′B′+CO′+DB′=CD+OB′+DC″.
∵O′B′=4,CD=$\sqrt{(1-0)^{2}+(-3+\frac{27}{8})^{2}}$=$\frac{\sqrt{73}}{8}$,C″D=$\sqrt{(4-1)^{2}+(3+\frac{27}{8})^{2}}$=$\frac{3\sqrt{353}}{8}$,
∴四邊形O′B′DC的周長(zhǎng)最小值為4+$\frac{\sqrt{73}}{8}$+$\frac{3\sqrt{353}}{8}$.
設(shè)P(m,$\frac{3}{8}$m2-$\frac{3}{4}$m-3),作DH⊥x軸于H,連接PH.易知H(1,0),B′($\frac{44}{17}$,0)
S△PDB′=S△PDH+S△PHB′-S△DHB′=$\frac{1}{2}$•$\frac{27}{8}$(m-1)+$\frac{1}{2}$•$\frac{27}{17}$•(-$\frac{3}{8}$m2+$\frac{3}{4}$m+3)-$\frac{1}{2}$•$\frac{27}{8}$•$\frac{27}{17}$
=$\frac{27}{272}$(-3m2+23m-20),
∴m=$\frac{23}{6}$時(shí),△PDB′的面積最大,
此時(shí)P($\frac{23}{6}$,-$\frac{37}{96}$).

(3)△CMN是以MN為直角邊的等腰直角三角形分兩種情況(如圖2):

①過點(diǎn)C作直線y=x-3交拋物線于點(diǎn)M,
聯(lián)立直線CM和拋物線的解析式得:$\left\{\begin{array}{l}{y=x-3}\\{y=\frac{3}{8}{x}^{2}-\frac{3}{4}x-3}\end{array}\right.$,解得:$\left\{\begin{array}{l}{x=\frac{14}{3}}\\{y=\frac{5}{3}}\end{array}\right.$或$\left\{\begin{array}{l}{x=0}\\{y=-3}\end{array}\right.$,
∴M( $\frac{14}{3}$,$\frac{5}{3}$).
∵△CMN為等腰直角三角形,C(0,-3),
∴點(diǎn)N的坐標(biāo)為(0,$\frac{5}{3}$)或(0,$\frac{19}{3}$);
②過點(diǎn)C作直線y=-x-3交拋物線于點(diǎn)M,
聯(lián)立直線CM和拋物線的解析式得:$\left\{\begin{array}{l}{y=-x-3}\\{y=\frac{3}{8}{x}^{2}-\frac{3}{4}x-3}\end{array}\right.$,解得:$\left\{\begin{array}{l}{x=-\frac{2}{3}}\\{y=-\frac{7}{3}}\end{array}\right.$或 $\left\{\begin{array}{l}{x=0}\\{y=-3}\end{array}\right.$,
∴M(-$\frac{2}{3}$,-$\frac{7}{3}$).
∵△CMN為等腰直角三角形,C(0,-3),
∴點(diǎn)N的坐標(biāo)為(0,-$\frac{7}{3}$)或(0,-$\frac{5}{3}$).
綜上可知:當(dāng)△CMN是以MN為直角邊的等腰直角三角形時(shí),點(diǎn)N的坐標(biāo)為(0,$\frac{5}{3}$)、(0,$\frac{19}{3}$)、(0,-$\frac{7}{3}$)或(0,-$\frac{5}{3}$).

點(diǎn)評(píng) 本題考查二次函數(shù)綜合題、一元二次方程、等腰直角三角形的性質(zhì)以及二元二次方程組等知識(shí),解題的關(guān)鍵是靈活運(yùn)用所學(xué)知識(shí),學(xué)會(huì)利用對(duì)稱解決最短問題,學(xué)會(huì)用分類討論的思想思考問題,屬于中考?jí)狠S題.

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不超過150千瓦時(shí)a
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