Question

6．在△ABC中，AD是BC邊上的高，⊙P是△ABC的外接圓．
（1）如圖1，若AD=5，BD=1，BC=6，求⊙P的半徑；
（2）如圖2，若∠ABC=75°，∠ACB=45°，I是△ABC的內(nèi)心，求$\frac{AI}{AP}$的值；
（3）如圖3，若∠ABC-∠ACB=30°，當(dāng)B，C運(yùn)動(dòng)時(shí)，$\frac{DC-BD}{AP}$的值是否變化？若不變，求出其值；若變化，求出其變化的范圍．

Answer 1

分析 （1）過點(diǎn)P作PH⊥BC于點(diǎn)H，連接PA、PC、PD，在直角△PHC中即可解出半徑長度；
（2）延長AI交⊙P于點(diǎn)E，連接PE交BC于點(diǎn)F，連接CE、PB、PC、IC，過點(diǎn)B作BH⊥AC于點(diǎn)H，利用邊角關(guān)系，用AP表示出來AI，即可解決；
（3）過點(diǎn)A作AE∥BC，交⊙P于點(diǎn)E，連接PE、CE，過點(diǎn)E作EF⊥BC于點(diǎn)F，借助△ABD≌△ECF找出邊角關(guān)系，用AP表示出DC和BD即可得出結(jié)論．

解答 解：（1）過點(diǎn)P作PH⊥BC于點(diǎn)H，連接PA、PC、PD，如圖1，

∵∠ACB=45°，
∴CD=AD=5，
在△PAD和△PCD中，$\left\{\begin{array}{l}{PA=PC（半徑）}\\{CD=AD}\\{PD=PD}\end{array}\right.$，
∴△PAD≌△PCD（SSS），
∴∠PDC=∠PDA=45°，
∴PH=DH=BH-BD=2，
又∵CH=3，
∴由勾股定理知：PC=$\sqrt{P{H}^{2}+C{H}^{2}}$=$\sqrt{13}$．
（2）延長AI交⊙P于點(diǎn)E，連接PE交BC于點(diǎn)F，連接CE、PB、PC、IC，過點(diǎn)B作BH⊥AC于點(diǎn)H，如圖2，

∠EIC=∠IAC+∠ICA=52.5°，∠ECI=∠BCE+∠ICB=52.5°，
∴∠EIC=∠ECI，
∴EI=EC，
∵∠EPC=2∠CAE=60°（圓心角等于圓周角的2倍），
∴△PCE是等邊三角形，
∴CE=PC=AP，
∴IE=AP，
∵∠CAE=30°，∠ACE=75°，
∴∠AEC=75°=∠ACE，
∴AC=AE=AI+IE=AI+AP，
∵∠BAE=∠CAE，
∴$\widehat{BE}$=$\widehat{CE}$，
∴PE⊥BC，
∴BC=2BF=2×$\frac{\sqrt{3}}{2}$PB=$\sqrt{3}$AP，
∴CH=$\frac{\sqrt{2}}{2}$BC=$\frac{\sqrt{6}}{2}$AP，
又∵AH=$\frac{\sqrt{3}}{3}$BH=$\frac{\sqrt{3}}{3}$CH=$\frac{\sqrt{2}}{2}$AP，
∴AI+AP=AC=$\frac{\sqrt{2}}{2}$AP+$\frac{\sqrt{6}}{2}$AP，
∴$\frac{AI}{AP}$=$\frac{\sqrt{2}+\sqrt{6}-2}{2}$．
（3）過點(diǎn)A作AE∥BC，交⊙P于點(diǎn)E，連接PE、CE，過點(diǎn)E作EF⊥BC于點(diǎn)F，如圖3，

∵AE∥BC，
∴$\widehat{AB}$=$\widehat{CE}$，
∴AB=CE，
∵四邊形ADFE是矩形，
∴AE=DF，AD=EF，
∴△ABD≌△ECF，
∴BD=CF，∠ABD=∠ECF，
∴∠ACE=∠ECB-∠ACB=∠ABC-∠ACB=30°，
∴∠APE=2∠ACE=60°，
∴AP=AE=DF，
∴$\frac{DC-BD}{AP}$=$\frac{DC-CF}{AP}$=$\frac{DF}{AP}$=1．
故當(dāng)B，C運(yùn)動(dòng)時(shí)，$\frac{DC-BD}{AP}$的值是不變，$\frac{DC-BD}{AP}$=1．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了圓心角與圓周角的關(guān)系、勾股定義以及三角形全等的判定與性質(zhì)定理等，解題的關(guān)鍵是畫出圖形，借助于數(shù)形結(jié)合解決問題．