Question

12．已知如圖，拋物線經(jīng)過(guò)點(diǎn)A（-1，0）、B（3，0）、C（0，2）三點(diǎn)，
（1）求拋物線的解析式；
（2）動(dòng)點(diǎn)M在拋物線的對(duì)稱軸上，當(dāng)△AMC的周長(zhǎng)最小時(shí)，求點(diǎn)M的坐標(biāo)；
（3）點(diǎn)P是在第一象限內(nèi)拋物線上的一動(dòng)點(diǎn)，問(wèn)點(diǎn)P在何處時(shí)△BCP的面積最大？最大面積是多少？并寫出此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo)．

Answer 1

分析 （1）根據(jù)待定系數(shù)法，可得函數(shù)解析式；
（2）根據(jù)線段垂直平分線上的點(diǎn)到線段兩端點(diǎn)的距離相等，可得MA與MB的關(guān)系，根據(jù)兩點(diǎn)之間線段最短，可得答案；
（3）根據(jù)平行于y軸的直線上兩點(diǎn)間的距離是較大的縱坐標(biāo)減較小的縱坐標(biāo)，可得PE的長(zhǎng)，根據(jù)面積的和差，可得二次函數(shù)，根據(jù)二次函數(shù)的性質(zhì)，可得答案．

解答 解：（1）設(shè)拋物線的解析式為y=ax²+bx+c（a≠0）；
由拋物線經(jīng)過(guò)點(diǎn)A（-1，0）、B（3，0）、C（0，2），得
$\left\{\begin{array}{l}{a-b+c=0}\\{9a+3b+c=0}\\{c=2}\end{array}\right.$，
   解得：$\left\{\begin{array}{l}{a=-\frac{2}{3}}\\{b=\frac{4}{3}}\\{c=2}\end{array}\right.$，
所以拋物線的解析式為：y=-$\frac{2}{3}$x²+$\frac{4}{3}$x+2；
（2）如圖1，
連接AC，作拋物線的對(duì)稱軸；
∵點(diǎn)B是點(diǎn)A關(guān)于拋物線對(duì)稱軸的對(duì)稱點(diǎn)，
∴連接BC，與拋物線對(duì)稱軸交點(diǎn)M，此時(shí)MA+MC=BC最短，
即△AMC的周長(zhǎng)最小，
設(shè)直線BC的解析式為：y=kx+b
由直線BC經(jīng)過(guò)點(diǎn)B（3，0）、C（0，2）得
$\left\{\begin{array}{l}{3k+b=0}\\{b=2}\end{array}\right.$，
解得：$\left\{\begin{array}{l}{k=-\frac{2}{3}}\\{b=2}\end{array}\right.$，
∴直線BC的解析式為：y=-$\frac{2}{3}$x+2，
又∵拋物線的對(duì)稱軸為：x=1
∴當(dāng)x=1，y=-$\frac{2}{3}$+2=$\frac{4}{3}$，
即點(diǎn)M的坐標(biāo)為（1，$\frac{4}{3}$）；

（3）如圖2，
作PD⊥x軸，垂足為D，與BC交點(diǎn)E；連接BC、PC、PB；
設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為（x，-$\frac{2}{3}$x²+$\frac{4}{3}$x+2），則點(diǎn)E的坐標(biāo)為（x，-$\frac{2}{3}$x+2）．
PE=-$\frac{2}{3}$x²+$\frac{4}{3}$x+2-（-$\frac{2}{3}$x+2）=-$\frac{2}{3}$x²+2x；
∵S_△PCE=$\frac{1}{2}$PE•OD；S_△PBE=$\frac{1}{2}$PE•BD；
∴S_△BCP=$\frac{1}{2}$PE•（OD+BD）=$\frac{1}{2}$PE•OB=$\frac{1}{2}×$3×（-$\frac{2}{3}$x²+2x）=-x²+3x．
又∵-x²+3x=-（x-$\frac{3}{2}$）²+$\frac{9}{4}$
∴當(dāng)x=$\frac{3}{2}$時(shí)，△BCP的面積最大，最大面積為$\frac{9}{4}$，
x=$\frac{3}{2}$，-$\frac{2}{3}$x²+$\frac{4}{3}$x+2=$\frac{5}{2}$，
點(diǎn)P的坐標(biāo)為（$\frac{3}{2}$，$\frac{5}{2}$）．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了二次函數(shù)綜合題，利用兩點(diǎn)之間線段最短得出M點(diǎn)坐標(biāo)是解題關(guān)鍵，利用面積的和差得出二次函數(shù)是解（3）的關(guān)鍵．