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精英家教網如圖所示的坐標系xoy中,M、P為與x軸垂直放置的足夠大平板,其中M板位于x=0處.P為感光板位于x=2d處,N為位于x=d處的與P板平行的界面.位于坐標原點處的粒子源,可以向xov平面內y軸右側的各個方向發(fā)射質量為m,電荷量為q、速率均相同的帶正電粒子,在d≤x≤2d的區(qū)域內存在垂直坐標平面向里、磁感應強度為B的勻強磁場.粒子源沿x軸方向射出的粒子恰好打不到P上,不計粒子重力
(1)求從粒子源射出的粒子速率v0
(2)若在M、N之間加上水平向有的勻強電場,場強大小E=
3qdB22m
,則感光板p上被粒子打中區(qū)域的長度多大?
分析:(1)粒子進入磁場后由洛倫茲力充當向心力做勻速圓周運動.對于沿x軸方向射出的粒子進入磁場時,恰好不能打到ab板上,此時粒子運動軌跡與ab板相切,由幾何知識確定半徑,然后由牛頓第二定律求出軌跡半徑.
(2)粒子在電場中運動時,電場力做功都相同,為qEd,根據動能定理求出粒子離開電場時的速度大小,即得到粒子進入磁場時速度的大;
沿y軸正方向和負方向射出的粒子在電場中均做類平拋運動,由平拋運動規(guī)律求出粒子經過電場后的速度偏轉角以及豎直方向的位移;由牛頓第二定律求出在磁場中運動的半徑,然后由幾何關系求出粒子打到板上形成亮線的長度.
解答:解:(1)設從粒子源射出時粒子的速率為v0,沿x軸方向射出的粒子在磁場中運動,恰好打不到P上,由幾何關系知,
運動的半徑R0=d精英家教網
根據牛頓第二定律得:qv0B=m
v02
R

解得:v0=
qBd
m

(2)UMN=Ed=
3qB2d2
2m
,設粒子到達N面時速率為v,
根據動能定理得:qUMN=
1
2
mv2-
1
2
mv02
即每個粒子通過N面后的速度均為v=2v0
分別沿+y和-y方向射出的粒子經過N上的C、D處時,速度方向改變的角度θ滿足:
cosθ=
v0
v

得:θ=
π
3

C、D之間的距離為:
2△y=2v0t
而d=
1
2
qE
m
t2
整理得:2△y=
4
3
d
設粒子在磁場中做圓周運動的半徑R,
qvB=m
v2
R

得:R=2d
經過C、D處的粒子在磁場中的運動軌跡示意如圖
又幾何關系知△yc=
3
d
△yD=2d-
3
d
粒子打在P上區(qū)域的長度為:L=2△y+△yc+△yD=(
4
3
3
+2)d
答:(1)求從粒子源射出的粒子速率v0
qBd
m

(2)若在M、N之間加上水平向有的勻強電場,場強大小E=
3qdB2
2m
,則感光板p上被粒子打中區(qū)域的長度為(
4
3
3
+2)d.
點評:本題是電場中偏轉和磁場中圓周運動的綜合,關鍵是分析臨界情況,當粒子恰好打不到P上時,其軌跡恰好與ab板相切,這是經常用到的臨界條件,再由平拋運動規(guī)律及圓周運動規(guī)律求出亮線的長度.
練習冊系列答案
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2
3
3
L).有一個帶正電的粒子從A點以初速度vA沿y軸正方向射入勻強電 場區(qū)域,經過B點進入勻強磁場區(qū)域,然后經x軸上的C點 (圖中未畫出)運動到坐標原點O.不計重力.求:
(1)粒子在B點的速度vB是多大?
(2)C點與O點的距離xc是多大?
(3)勻強電場的電場強度與勻強磁場的磁感應強度的比值是多大?

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(1)粒子在B點的速度vB是多大?

(2)C點與O點的距離xc是多大?

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