(2013•日照二模)已知函數(shù)f(x)=a(x-1)2+1nx(a∈R).
(Ⅰ)若函數(shù)f(x)有兩個極值點x1,x2,求a的取值范圍;
(Ⅱ)當a=-
1
4
時,求函數(shù)y=f(x)的單調(diào)區(qū)間;
(Ⅲ)當x∈[1,+∞)時,函數(shù)y=f(x)圖象上的點都在不等式組
x≥1
y≤x-1
所表示的區(qū)域內(nèi),求a的取值范圍.
分析:(I)先確定函數(shù)的定義域然后求導數(shù)f′(x),由題意知x1、x2是方程f'(x)=0的兩個不相等的實根,建立不等關系解之即可;
(II)在函數(shù)的定義域內(nèi)解不等式f′(x)>0和f′(x)<0,求出單調(diào)區(qū)間;
(III)由題意得a(x-1
)
2
 
+lnx≤x-1
對x∈[1,+∞)恒成立,設g(x)=a(x-1
)
2
 
+lnx-x+1,x∈[1,+∞)
則問題轉(zhuǎn)化為:使g(x)max≤0,x∈[1,+∞)成立,利用導數(shù)結合對字母a分類討,論研究函數(shù)的單調(diào)性求出函數(shù)的最大值,即可求a的取值范圍.
解答:解:(Ⅰ)由已知函數(shù)的定義域為(0,+∞),f′(x)=2a(x-1)+
1
x
=
2a(x-1)x+1
x

由已知f'(x)=0兩個相異正實數(shù)根x1,x2,即2ax(x-1)+1=0有兩相異正根,則必有a>0,從而
a>0
△=4a2-8a>0
解得a>2.…(4分)
(Ⅱ)a=-
1
4
,f(x)=-
1
4
(x-1)2+lnx,(x>0)
,
f′(x)=-
1
2
x+
1
2
+
1
x
=
-x2+x+2
2x
=
-(x-2)(x+1)
2x
,
所以,當0<x<2時,f'(x)>0,f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間是(0,2);
當x>2時,f'(x)<0,f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間是(2,+∞).…(8分)
(Ⅲ)由題意得a(x-1
)
2
 
+lnx≤x-1
對x∈[1,+∞)恒成立,
g(x)=a(x-1
)
2
 
+lnx-x+1,x∈[1,+∞)
則使g(x)max≤0,x∈[1,+∞)成立,
求導得g′(x)=
2a
x
2
 
-(2a+1)x+1
x
=
(2ax-1)(x-1)
x
,
(1)當a≤0時,若x>1,則g'(x)<0,所以g(x)在[1,+∞)單調(diào)遞減,∴g(x)≤g(1)=0.
(2)當0<a≤
1
2
時,x=
1
2a
>1
,則g(x)在[1,
1
2a
]
單調(diào)遞減,[
1
2a
,+∞)
單調(diào)遞增,
存在
1
a
∈[
1
2a
,+∞)
,有g(
1
a
)=a(
1
a
-1)2+ln
1
a
-
1
a
+1=-lna+a-1>0
,
所以不成立.
(3)當a≥
1
2
時,x=
1
2a
≤1
則g'(x)>0,所以g(x)在[1,+∞)單調(diào)遞增,
所以存在x>1,使得g(x)>g(1)=0,則不符合題意.
綜上所述a≤0.…(13分)
點評:本題主要考查了利用導數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性,以及利用導數(shù)研究函數(shù)的極值等有關知識,屬于中檔題.
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