【答案】
分析:(1)求導數f´(x),解不等式f´(x)≥0,f´(x)≤0即得函數的單調區(qū)間;
(2)“對任意的x
1,x
2∈[-1,1],都有|f′(x
1)-f′(x
2)|≤4”等價于“函數y=f´(x),x∈[-1,1]的最大值與最小值的差小于等于4”,根據二次函數的性質,對m進行分類討論即可求得f′(x)的最大值、最小值;
(3)易判斷y=f(x)既有極大值也有極小值,設f´(x
)=0,即x
2-2mx
-1=0,由此對f (x
)化簡得f (x
)=-
x
(m
2+1),由(1)得到f(x)的極大值、極小值,根據極值的符號借助圖象可判斷函數f(x)零點的個數;
解答:解:(1)f´(x)=x
2-2mx-1,
由f´(x)≥0,得x≤m-
,或x≥m+
;
故函數f(x)的單調增區(qū)間為(-∞,m-
),(m+
,+∞),減區(qū)間(m-
,m+
).
(2)“對任意的x
1,x
2∈[-1,1],都有|f′(x
1)-f′(x
2)|≤4”等價于“函數y=f´(x),x∈[-1,1]的最大值與最小值的差小于等于4”.
對于f´(x)=x
2-2mx-1,對稱軸x=m.
①當m<-1時,f´(x)的最大值為f´(1),最小值為f´(-1),由 f´(1)-f´(-1)≤4,即-4m≤4,解得m≥-1,舍去;
②當-1≤m≤1時,f´(x)的最大值為f´(1)或f´(-1),最小值為f´(m),由
,即
,解得-1≤m≤1;
③當m>1時,f´(x)的最大值為f´(-1),最小值為f´(1),由 f´(-1)-f´(1)≤4,即4m≤4,解得m≤1,舍去;
綜上,實數m的取值范圍是[-1,1].
(3)由f´(x)=0,得x
2-2mx-1=0,
因為△=4m
2+4>0,所以y=f(x)既有極大值也有極小值.
設f´(x
)=0,即x
2-2mx
-1=0,
則f (x
)=
x
3-mx
2-x
+
m=-
mx
2-
x
+
m=-
x
(m
2+1),
由(1)知:極大值f(m-
)=-
(m-
)(m
2+1)>0,
極小值f(m+
)=-
(m+
)(m
2+1)<0,
故函數f(x)有三個零點.
點評:本題考查利用導數研究函數的單調性、極值、函數的零點個數,考查分類討論思想、數形結合思想,考查學生解決問題的能力,具有一定綜合性.