令x=y=0.代入①式.得f.即 f(0)=0．令y=-x.代入①式.得 f.又f(0)=0.則有0=f=-f(x)對任意x∈R成立.所以f(x)是奇函數(shù)．(2)解:f＞f在R上是單調(diào)函數(shù).所以f(x)在R上是增函數(shù).又由是奇函數(shù)．f=f. k?3＜-3+9+2.3-(1+k)?3+2＞0對任意x∈R成立．令t=3＞0.問題等價于t-(1+k)t+2＞0對任意t＞0恒成立．R恒成立．說明:問題(2)的上述解法是根據(jù)函數(shù)的性質(zhì)．f(x)是奇函數(shù)且在x∈R上是增函數(shù).把問題轉(zhuǎn)化成二次函數(shù)ft+2對于任意t＞0恒成立．對二次函數(shù)f(t)進(jìn)行研究求解．本題還有更簡捷的解法:分離系數(shù)由k?3＜-3+9+2得上述解法是將k分離出來.然后用平均值定理求解.簡捷.新穎．六.強(qiáng)化訓(xùn)練 【查看更多】

 

題目列表(包括答案和解析)

把函數(shù)的圖象按向量平移得到函數(shù)的圖象．　

(1)求函數(shù)的解析式； (2)若，證明：.

【解析】本試題主要考查了函數(shù) 平抑變換和運(yùn)用函數(shù)思想證明不等式。第一問中，利用設(shè)上任意一點為（x,y）則平移前對應(yīng)點是（x+1,y-2）代入　，便可以得到結(jié)論。第二問中，令，然后求導(dǎo)，利用最小值大于零得到。

(1)解：設(shè)上任意一點為（x,y）則平移前對應(yīng)點是（x+1,y-2）代入　得y-2=ln(x+1)-2即y=ln(x+1),所以．……4分

(2) 證明：令，……6分

則……8分

,∴,∴在上單調(diào)遞增．……10分

故，即

 

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（2013•海淀區(qū)一模）設(shè)A（xA，yA），B=（xB，yB）為平面直角坐標(biāo)系上的兩點，其中xA，yA，xB，yB∈Z．令△x=xB-xA，△y=yB-yA，若|△x|+|△y|=3，且|△x|•|△y|≠0，則稱點B為點A的“相關(guān)點”，記作：B=τ（A）．已知P0（x0，y0）（x0，y0∈Z）為平面上一個定點，平面上點列{Pi}滿足：Pi=τ（Pi-1），且點Pi的坐標(biāo)為（xi，yi），其中i=1，2，3，…n．
（Ⅰ）請問：點P0的“相關(guān)點”有幾個？判斷這些“相關(guān)點”是否在同一個圓上，若在同一個圓上，寫出圓的方程；若不在同一個圓上，說明理由；
（Ⅱ）求證：若P0與Pn重合，n一定為偶數(shù)；
（Ⅲ）若p0（1，0），且yn=100，記T=
ni=0
xi，求T的最大值．

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（2013•海淀區(qū)一模）設(shè)A（xA，yA），B（xB，yB）為平面直角坐標(biāo)系上的兩點，其中xA，yA，BxB，yB∈Z．令△x=xB-xA，△y=yB-yA，若|△x|+|△y=3，且|△x|-|△y|≠0，則稱點B為點A的“相關(guān)點”，記作：B=i（A）．
（Ⅰ）請問：點（0，0）的“相關(guān)點”有幾個？判斷這些點是否在同一個圓上，若在，寫出圓的方程；若不在，說明理由；
（Ⅱ）已知點H（9，3），L（5，3），若點M滿足M=i（H），L=i（M），求點M的坐標(biāo)；
（Ⅲ）已知P0（x0，y0）（x0∈Z，Y0∈Z）為一個定點，點列{Pi}滿足：Pi=i（Pi-1），其中i=1，2，3，…，n，求|P0Pn|的最小值．

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設(shè)A(xA,yA)，B(xB,yB)為平面直角坐標(biāo)系上的兩點,其中xA,yA,xB,yBÎZ.令△x=xB-xA，△y=yB-yA,若|△x|+|△y|=3，且|△x|·|△y|≠0,則稱點B為點A的“相關(guān)點”,記作：B=f(A).

(1)請問:點(0,0)的“相關(guān)點”有幾個?判斷這些點是否在同一個圓上,若在,寫出圓的方程；若不在，說明理由；

(2)已知點H(9,3),L(5,3),若點M滿足M=f(H),L=f(M),求點M的坐標(biāo)；

(3)已知P0(x0,y0)(x0ÎZ,y0ÎZ)為一個定點, 若點Pi滿足Pi=f (Pi-1),其中i=1,2,3,···,n，求|P0Pn|的最小值．

 

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解：因為有負(fù)根，所以在y軸左側(cè)有交點，因此

解：因為函數(shù)沒有零點，所以方程無根，則函數(shù)y=x+|x-c|與y=2沒有交點，由圖可知c>2


 13．證明：（1）令x=y=1,由已知可得f(1)=f(1×1)=f(1)f(1),所以f(1)=1或f(1)=0

若f(1)=0，f(0)=f(1×0)=f(1)f(0)=0，所以f(1)=f(0)與已知條件“”矛盾所以f(1)≠0，因此f(1)=1,所以f(1)-1=0，1是函數(shù)y=f(x)-1的零點

（2）因為f(1)=f[(-1)×（-1）]=f2(-1)=,所以f(-1)=±1，但若f(-1)=1,則f(-1)=f(1)與已知矛盾所以f(-1)不能等于1，只能等于-1。所以任x∈R，f(-x)=f(-1)f(x)=-f(x)，因此函數(shù)是奇函數(shù)

數(shù)字1，2，3，4恰好排成一排，如果數(shù)字i（i=1，2，3，4）恰好出現(xiàn)在第i個位置上則稱有一個巧合，求巧合數(shù)的分布列。

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1．不改變f(x)值域，即不能縮小原函數(shù)定義域。選項B，C，D均縮小了的定義域，故選A。

2．先作出f(x,y)=0關(guān)于軸對稱的函數(shù)的圖象，即為函數(shù)f(-x,y)=0的圖象，又

f(2－x,y)=0即為，即由f(-x,y)=0向右平移2個單位。故選C。

3．命題p為真時，即真數(shù)部分能夠取到大于零的所有實數(shù)，故二次函數(shù)的判別式，從而；命題q為真時，。

    若p或q為真命題，p且q為假命題，故p和q中只有一個是真命題，一個是假命題。

    若p為真，q為假時，無解；若p為假，q為真時，結(jié)果為1<a<2，故選C.

4．圖像法解方程，也可代入各區(qū)間的一個數(shù)（特值法或代入法），選C；

5．函數(shù)f(x)的對稱軸為2，結(jié)合其單調(diào)性，選A；

6．從反面考慮，注意應(yīng)用特例，選B；

7．設(shè)tan＝x (x>0），則＋＝，解出x＝2，再用萬能公式，選A；

8．利用是關(guān)于n的一次函數(shù)，設(shè)S＝S＝m，＝x，則（,p）、(,q)、

(x，p+q)在同一直線上，由兩點斜率相等解得x＝0，則答案：0；

9．設(shè)cosx＝t，t∈[-1,1]，則a＝t－t－1∈[－,1]，所以答案：[－,1]；

10．設(shè)高h(yuǎn)，由體積解出h＝2，答案：24；

11．設(shè)長x，則寬，造價y＝4×120＋4x×80＋×80≥1760，答案：1760。

12．運(yùn)用條件知：=2，且

==16

13．依題意可知，從而可知，所以有

，又為正整數(shù)，取，則

，所以，從而，所以，又，所以，因此有最小值為。

下面可證時，，從而，所以, 又,所以,所以,綜上可得:的最小值為11。

14．分析:這是有關(guān)函數(shù)定義域、值域的問題，題目是逆向給出的，解好本題要運(yùn)用復(fù)合函數(shù)，把f(x)分解為u=ax+2x+1和y=lgu 并結(jié)合其圖象性質(zhì)求解．

切實數(shù)x恒成立．   a=0或a＜0不合題意，

解得a＞1．

當(dāng)a＜0時不合題意；    a=0時，u=2x+1，u能取遍一切正實數(shù)；

a＞0時，其判別式Δ=22-4×a×1≥0，解得0＜a≤1．

所以當(dāng)0≤a≤1時f(x)的值域是R．

 

15．分析：此問題由于常見的思維定勢，易把它看成關(guān)于x的不等式討論。然而，若變換一個角度以m為變量，即關(guān)于m的一次不等式(x－1)m－(2x－1)<0在[-2,2]上恒成立的問題。對此的研究，設(shè)f(m)＝(x－1)m－(2x－1)，則問題轉(zhuǎn)化為求一次函數(shù)（或常數(shù)函數(shù)）f(m)的值在[-2,2]內(nèi)恒為負(fù)值時參數(shù)x應(yīng)該滿足的條件。

解：問題可變成關(guān)于m的一次不等式：(x－1)m－(2x－1)<0在[-2,2] 恒成立，設(shè)f(m)＝(x－1)m－(2x－1),  則

解得x∈（,）

說明 本題的關(guān)鍵是變換角度，以參數(shù)m作為自變量而構(gòu)造函數(shù)式，不等式問題變成函數(shù)在閉區(qū)間上的值域問題。本題有別于關(guān)于x的不等式2x－1>m(x－1)的解集是[-2,2]時求m的值、關(guān)于x的不等式2x－1>m(x－1)在[-2,2]上恒成立時求m的范圍。

一般地，在一個含有多個變量的數(shù)學(xué)問題中，確定合適的變量和參數(shù)，從而揭示函數(shù)關(guān)系，使問題更明朗化�；蛘吆袇�(shù)的函數(shù)中，將函數(shù)自變量作為參數(shù)，而參數(shù)作為函數(shù)，更具有靈活性，從而巧妙地解決有關(guān)問題。

 

16．分析： ①問利用公式a與S建立不等式，容易求解d的范圍；②問利用S是n的二次函數(shù)，將S中哪一個值最大，變成求二次函數(shù)中n為何值時S取最大值的函數(shù)最值問題。

解：① 由a＝a＋2d＝12,得到a＝12－2d，所以

S＝12a＋66d＝12(12－2d)＋66d＝144＋42d>0，

S＝13a＋78d＝13(12－2d)＋78d＝156＋52d<0。

 解得：－<d<－3。

② S＝na＋n(n1－1)d＝n(12－2d)＋n(n－1)d

＝[n－(5－)]－[(5－)]

因為d<0，故[n－(5－)]最小時，S最大。由－<d<－3得6<(5－)<6.5，故正整數(shù)n＝6時[n－(5－)]最小，所以S最大。

說明： 數(shù)列的通項公式及前n項和公式實質(zhì)上是定義在自然數(shù)集上的函數(shù)，因此可利用函數(shù)思想來分析或用函數(shù)方法來解決數(shù)列問題。也可以利用方程的思想，設(shè)出未知的量，建立等式關(guān)系即方程，將問題進(jìn)行算式化，從而簡潔明快。由次可見，利用函數(shù)與方程的思想來解決問題，要求靈活地運(yùn)用、巧妙的結(jié)合，發(fā)展了學(xué)生思維品質(zhì)的深刻性、獨(dú)創(chuàng)性。

本題的另一種思路是尋求a>0、a<0 ，即：由d<0知道a>a>…>a，由S＝13a<0得a<0，由S＝6(a＋a)>0得a>0。所以，在S、S、…、S中，S的值最大。

 

17．分析：異面直線PB和AC的距離可看成求直線PB上任意一點到AC的距離的最小值，從而設(shè)定變量，建立目標(biāo)函數(shù)而求函數(shù)最小值。

  P

         M
A        H       B
     D     C

解：在PB上任取一點M，作MD⊥AC于D，MH⊥AB于H，

設(shè)MH＝x，則MH⊥平面ABC，AC⊥HD 。

∴MD＝x＋[(2r－x)sinθ]＝(sin＋1)x－4rsinθx＋4rsinθ＝(sinθ＋1)[x－]＋

即當(dāng)x＝時，MD取最小值為兩異面直線的距離。

說明：本題巧在將立體幾何中“異面直線的距離”變成“求異面直線上兩點之間距離的最小值”，并設(shè)立合適的變量將問題變成代數(shù)中的“函數(shù)問題”。一般地，對于求最大值、最小值的實際問題，先將文字說明轉(zhuǎn)化成數(shù)學(xué)語言后，再建立數(shù)學(xué)模型和函數(shù)關(guān)系式，然后利用函數(shù)性質(zhì)、重要不等式和有關(guān)知識進(jìn)行解答。比如再現(xiàn)性題組第8題就是典型的例子。

 

18．分析：已知了一個積式，考慮能否由其它已知得到一個和式，再用方程思想求解。

解： 由A、B、C成等差數(shù)列，可得B＝60°；

由△ABC中tanA＋tanB＋tanC＝tanA?tanB?tanC，得

tanA＋tanC＝tanB(tanA?tanC－1)＝ (1＋)

設(shè)tanA、tanC是方程x－(＋3)x＋2＋＝0的兩根，解得x＝1，x＝2＋

設(shè)A<C，則tanA＝1，tanC＝2＋，   ∴A＝，C＝

由此容易得到a＝8，b＝4，c＝4＋4。

說明：本題的解答關(guān)鍵是利用“△ABC中tanA＋tanB＋tanC＝tanA?tanB?tanC”這一條性質(zhì)得到tanA＋tanC，從而設(shè)立方程求出tanA和tanC的值，使問題得到解決。

19．分析：當(dāng)x∈(-∞,1]時f(x)＝lg有意義的函數(shù)問題，轉(zhuǎn)化為1＋2＋4a>0在x∈(-∞,1]上恒成立的不等式問題。

解：由題設(shè)可知，不等式1＋2＋4a>0在x∈(-∞,1]上恒成立，

即：()＋()＋a>0在x∈(-∞,1]上恒成立。

設(shè)t＝(),  則t≥，   又設(shè)g(t)＝t＋t＋a，其對稱軸為t＝－

∴ t＋t＋a＝0在[,+∞)上無實根，  即 g()＝()＋＋a>0，得a>－

所以a的取值范圍是a>－。

說明：對于不等式恒成立，引入新的參數(shù)化簡了不等式后，構(gòu)造二次函數(shù)利用函數(shù)的圖像和單調(diào)性進(jìn)行解決問題，其中也聯(lián)系到了方程無解，體現(xiàn)了方程思想和函數(shù)思想。一般地，我們在解題中要抓住二次函數(shù)及圖像、二次不等式、二次方程三者之間的緊密聯(lián)系，將問題進(jìn)行相互轉(zhuǎn)化。

在解決不等式()＋()＋a>0在x∈(-∞,1]上恒成立的問題時，也可使用“分離參數(shù)法”： 設(shè)t＝(),  t≥，則有a＝－t－t∈(－∞,－]，所以a的取值范圍是a>－。其中最后得到a的范圍，是利用了二次函數(shù)在某區(qū)間上值域的研究，也可屬應(yīng)用“函數(shù)思想”。

 

20．解：f(x)=cosqsinx－(sinxcosq－cosxsinq)+(tanq－2)sinx－sinq

       =sinqcosx+(tanq－2)sinx－sinq

因為f(x)是偶函數(shù)，

所以對任意xÎR，都有f(－x)=f(x)，

即sinqcos(－x)+(tanq－2)sin(－x)－sinq=sinqcosx+(tanq－2)sinx－sinq,

即(tanq－2)sinx=0，

所以tanq=2

由

解得或

此時，f(x)=sinq(cosx－1).

當(dāng)sinq=時，f(x)=(cosx－1)最大值為0，不合題意最小值為0，舍去；

當(dāng)sinq=時，f(x)=(cosx－1)最小值為0，

當(dāng)cosx=－1時，f(x)有最大值為,

自變量x的集合為{x|x=2kp+p,kÎZ}．

 

21．解：（1）；．，
若上是增函數(shù)，則恒成立，即
若上是減函數(shù)，則恒成立，這樣的不存在．
綜上可得：．

（2）（證法一）設(shè)，由得，于是有，（1）－（2）得：，化簡可得
，，，故，即有．

（證法二）假設(shè)，不妨設(shè)，由（1）可知在

上單調(diào)遞增，故，

這與已知矛盾，故原假設(shè)不成立，即有．

 


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