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如圖所示，在豎直放置的半球形容器的圓心O點(diǎn)分別以水平速度υ₁、υ₂拋出兩個(gè)小球（可視為質(zhì)點(diǎn)），最終它們分別落在圓弧上的A點(diǎn)和B點(diǎn)，已知OA與OB相互垂直，OA與豎直方向成α角，則兩小球初速度之比υ₁：υ₂為 (      )

A．

B．

C．

D．

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二、選擇題(每小題6分，共48分，全對(duì)6分，對(duì)而不全3分)

題號(hào)

14

15

16

17

18

19

20

21

答案

A

B

AC

BD

AD

A

C

D

22．（1）(1)6.0（2分，6也給分）；如圖(4分，電流表外接2分，滑線變組器限流接法2分) 。

(2) ①3.61 m/s² (3分) ②  (3分)

③ BCE (3分，BE得3分)

④紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器間的摩擦阻力，空氣阻力等。(2分)

23．解：設(shè)子彈射入木前的速度為v，射入木塊后的共同速度為V，子彈打入木塊過(guò)程由動(dòng)量守恒定律得：

      (6分)

木塊與子彈一起運(yùn)動(dòng)的過(guò)程由動(dòng)能定理得：

    (6分)

聯(lián)立以上兩式并代入數(shù)據(jù)得：

    (4分)

24．解：（1）由于帶電微粒在磁場(chǎng)方向反向前后的運(yùn)動(dòng)是對(duì)稱的，所以微粒所受的電場(chǎng)力與重力是平衡的(2分)。微粒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖：

設(shè)微粒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為R，由圖可知

    ①（2分）

由洛侖茲力公式及勻速圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律得：

   ②（2分）

聯(lián)立①②解得：

       ③（2分）

（2）設(shè)M、N兩板間的電勢(shì)差為U，由電場(chǎng)力與重力平衡得：

   ④（2分）

由電容公式得：

    ⑤（1分）

聯(lián)立④⑤得：   ⑥（2分）

（3）當(dāng)撤去磁場(chǎng)，兩金屬板電量減半，帶電微粒做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向的加速度為a，由牛頓第二定律得：

    ⑦（2分）

帶電微粒水平方向的運(yùn)動(dòng)：

     ⑧（1分）

帶電微粒豎直方向的運(yùn)動(dòng)：

   ⑨（1分）

聯(lián)立④⑦⑧⑨得：

     ⑩（2分）

25．解：（1）棒ab從A處下落時(shí)，回路中的感生電動(dòng)勢(shì)為：

    ⑴（1分）

回路中的總電阻：

   ⑵（1分）

通過(guò)棒ab的電流為

   ⑶（1分）

由牛頓第二定律得：

   ⑷（2分）

聯(lián)立⑴⑵⑶⑷解得：

  ⑸ （1分）

（2）設(shè)棒ab進(jìn)入CD的速度為v₃�；芈分械母猩�電動(dòng)勢(shì)為：

    ⑹（1分）

回路中的總電阻：

   ⑺（1分）

通過(guò)棒ab的電流為

   ⑻（1分）

由平衡條件得：

   ⑼（1分）

棒ab從MN處下落到CD過(guò)程中，由機(jī)械能守恒定律得：

   ⑽（2分）

聯(lián)立⑹⑺⑻⑼⑽解得：

   ⑾（2分）

（3）分析題意得棒ab從MN處下落h的速度與導(dǎo)體棒ab在磁場(chǎng)II中做勻速運(yùn)動(dòng)的速度相等（1分），設(shè)導(dǎo)體棒ab自進(jìn)入磁場(chǎng)II到開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電流產(chǎn)生的熱量全部熱量為Q_總，導(dǎo)體棒ab移動(dòng)的距離為H，則由能量守恒得：

   ⑿（2分）

設(shè)導(dǎo)體棒ab在磁場(chǎng)II中運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的某一時(shí)刻通過(guò)R₂的電流為I，則同一時(shí)刻通過(guò)R₁的電流也為I，通過(guò)R₃的電流為2I，電路的總功率為   ⒀（1分）

所以，棒ab自進(jìn)入磁場(chǎng)II到開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電流產(chǎn)生的熱量全部熱量為

   ⒁（1分）

聯(lián)立⑾⑿⒀解得：

  ⒂（1分）