A.伏特表 V和安培表A的讀數(shù)都減小B.伏特表V和安培表A的讀數(shù)都增大C.伏特表V的讀數(shù)增大.安培表A的讀數(shù)減小D.伏特表V的讀數(shù)增大.安培表A的讀數(shù)不變 查看更多

 

題目列表(包括答案和解析)

在圖中所示的電路中,當(dāng)滑動變阻器的滑動觸片向 b端移動時:

   

A.伏特表 V和安培表A的讀數(shù)都減小

B.伏特表V和安培表A的讀數(shù)都增大

C.伏特表V的讀數(shù)增大,安培表A的讀數(shù)減小

D.伏特表V的讀數(shù)減小,安培表A的讀數(shù)增大

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在圖中所示的電路中,當(dāng)滑動變阻器的滑動觸片向 b端移動時:(   )

A.伏特表 V和安培表A的讀數(shù)都減小
B.伏特表V和安培表A的讀數(shù)都增大
C.伏特表V的讀數(shù)增大,安培表A的讀數(shù)減小
D.伏特表V的讀數(shù)減小,安培表A的讀數(shù)增大

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在圖中所示的電路中,當(dāng)滑動變阻器的滑動觸片向 b端移動時:(    )

A.伏特表 V和安培表A的讀數(shù)都減小

B.伏特表V和安培表A的讀數(shù)都增大

C.伏特表V的讀數(shù)增大,安培表A的讀數(shù)減小

D.伏特表V的讀數(shù)減小,安培表A的讀數(shù)增大

 

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在圖中所示的電路中,當(dāng)滑動變阻器的滑動觸片向 b端移動時:(   )

A.伏特表 V和安培表A的讀數(shù)都減小

B.伏特表V和安培表A的讀數(shù)都增大

C.伏特表V的讀數(shù)增大,安培表A的讀數(shù)減小

D.伏特表V的讀數(shù)減小,安培表A的讀數(shù)增大

 

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在圖中所示的電路中,當(dāng)滑動變阻器的滑動觸片向 b端移動時:(   )

A.伏特表 V和安培表A的讀數(shù)都減小
B.伏特表V和安培表A的讀數(shù)都增大
C.伏特表V的讀數(shù)增大,安培表A的讀數(shù)減小
D.伏特表V的讀數(shù)減小,安培表A的讀數(shù)增大

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1.ABD  2.BD  3.D  4.BD  5.AC  6.B  7.BC  8.D  9.AB  10.D  11.D 12.AD

13. 碳粒 (2分) 液體分子運動的無規(guī)則性  (3分)

 系統(tǒng)或氣體(1分)  外界(1分) 下降 (3分)

14.(每空2分) 沿Y軸負方向; 5;  32

   紅色明暗相間的條紋;沒有干涉條紋,仍有亮光。

15.(14分)

(1)(4分)10.501(10.500-10.502)   10.155

(2)(一)①將長木板一端墊起,讓小車重力

沿斜面的分力平衡摩擦阻力;(1分)

②小車質(zhì)量遠大于沙桶的總質(zhì)量。(1分)

(二)0.86,(1分)

,(2分)

0.64(1分)

(三) ①如圖(無標(biāo)度、圖線作成折線或曲線

均不能得分)(2分)     ② AB(2分)

 

 

 

16.(10分)

(1)C(2分)。2)(圖略)(2分)

(3)方法一 a.(2分)

b.如(方法一)圖(2分) 

c.縱軸截距的倒數(shù)(1分)  斜率除以縱軸的截距(1分)

方法二 a.(2分)

b.如(方法二)圖(2分)

c.斜率除以縱軸截距的絕對值(1分) 縱軸截距的倒數(shù)的絕對值(1分)

 

 

 

 

 

 

 

 

17.(1)解:從起跳到最高點的時間t1,

由H=gt得                      (2分)

t1==s=0.3s             (1分)

從最高點到手觸水面過程的時間為t

h+H=gt得                      (2分)

t==s≈1.4s    (1分)

所以t1+ t=1.7s                            (2分)

(2)飛鏢作平拋運動,飛鏢飛行時間為

        t==0.1s                              (2分)

飛鏢在豎直方向的位移h

由h=gt=0.05m                       (2分)

當(dāng)考慮空氣水平阻力時,飛鏢水平方向做勻減速運動

a==20m/s2                                          (2分)

 

設(shè)第二次投擲飛鏢速度為v/

由s=v/ t?a t2得                        (2分)

v/=31m/s                             (2分)

 

18.解:

設(shè)小物體滑到B時速度為V,滑槽速度為V,由系統(tǒng)水平方向動量守恒及系統(tǒng)機械能守恒得:

 mV=MV                                (2分)

mg(H+R)=mV+MV                     (2分)

解得:V=4m/s                                     (2分)

V=1m/s                                     (2分)

之后小物體進入水平表面,而滑槽由于撞墻,速度變?yōu)?,設(shè)兩者同速為V,相對位移為S,由系統(tǒng)動量守恒及功能關(guān)系,得

mV=(m+M)V                              (2分)

μmgS=mV?(m+M)V                  (2分)

             解得S=1.6m<L=3m                            (2分)

所以最終小物體離C端x=(3-1.6)m=1.4m                (2分)

19.解:

(1)設(shè)線圈ab邊剛好進入磁場時,速度為v1,加速度為a, 對兩個物體組成的系統(tǒng),根據(jù)機械能守恒得:              ①   (2分)

ab邊上的感應(yīng)電動勢為: ②                   (1分)

線圈中的感應(yīng)電流為:       ③                  (1分)

ab邊所受的安培力為:    ④                   (1分)

設(shè)繩上的拉力為T,選加速度作為正方向,對重物與線圈分別利用牛頓第二定律可得:

            ⑤                     (1分)

                ⑥                    (2分)

聯(lián)立以上幾式可得:               (2分)

(2)設(shè)線圈的cd邊剛好進入磁場時速度為v2,由于線圈向上運動進出磁場的兩個邊界過程的運動情況完全一樣,故線圈ab邊到達磁場上邊界時的速度必定是v1,線圈cd邊剛好出磁場時速度為v2。整個線圈在磁場中時,由機械能守恒有:                  ⑦   (2分)

對整個過程中,由能量守恒有:

     ⑧   (2分)

故焦耳熱為:                                    ⑨   (2分)

 

20.解:(1)帶電粒子穿過磁場時,速度變?yōu)樗剑勺笫侄▌t知,帶電粒子帶負電;(1分)

  粒子射入電場后從下板邊緣飛出,粒子所受電場力向下,故上板帶負電。(1分)

(2)設(shè)粒子的速度為v0,粒子在電場中作類平拋運動,飛越兩金屬板間需時間T

水平方向有:          ①  (1分)

 豎直方向有:   ②  (1分)

解得:。(1分)

 設(shè)粒子在磁場中做圓周運動的半徑為R,

由牛頓第二定律有:   ③   (2分)

設(shè)磁場的最小半徑為r,由幾何關(guān)系得:    ④    (1分)

故磁場的最小面積為:        ⑤     (2分)

(3)粒子飛越電場的時間為一定值T,粒子運動的加速度為:

                     ⑥     (1分)

若粒子從t=0、2×10-5s、4×10-5s ……時刻進入,在時間T內(nèi)側(cè)向移動距離為:                            ⑦       (1分)

設(shè)粒子恰好從下板右邊緣水平飛出,則有:  ⑧      (1分)

     解得:

  設(shè)粒子進入板間向下加速時間為,據(jù)對稱性可知再歷時粒子豎直速度為零,

  對以上過程,粒子向下的位移為:           ⑨       (1分)

    要使粒子不碰板而飛出,應(yīng)滿足:    ⑩        (2分)

   聯(lián)立⑧⑨解得:

     故粒子能飛出兩板間對應(yīng)的入射時刻為:

                                       (k=0,1,2,……)      (2分)

 

 

 

 


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