題目列表(包括答案和解析)
A.48 B.44 C.36 D.24
A.48 B
A.48 B
一、選擇題:1―5:BACCB 6―10: CDDBA
二、填空題:
11.5600 12.35 13. 14.-2 15.,
三、解答題:
16.解法一 由
得
所以
即
因為所以,從而
由知 從而.
由
即
由此得所以
解法二:由
由、,所以
即
由得
所以
即 因為,所以
由從而,知B+2C=不合要求.
再由,得 所以
所以∠AOB是所折成的直二面角的平面角,即OA⊥OB. 故可以O為原點,OA、OB、OO1所在直線分別為軸、y軸、z軸建立空間直角坐標系,
如圖3,則相關各點的坐標是A(3,0,0),B(0,3,0),C(0,1,),O1(0,0,).從而所以AC⊥BO1.
(II)解:因為所以BO1⊥OC,
由(I)AC⊥BO1,所以BO1⊥平面OAC,是平面OAC的一個法向量. 設是0平面O1AC的一個法向量,
由 得.
設二面角O―AC―O1的大小為,由、的方向可知,>,
即二面角O―AC―O1的大小是
解法二(I)證明 由題設知OA⊥OO1,OB⊥OO1,
所以∠AOB是所折成的直二面角的平面角,
即OA⊥OB. 從而AO⊥平面OBCO1,
OC是AC在面OBCO1內的射影.
因為 ,
所以∠OO1B=60°,∠O1OC=30°,從而OC⊥BO1
由三垂線定理得AC⊥BO1.
(II)解 由(I)AC⊥BO1,OC⊥BO1,知BO1⊥平面AOC.
設OC∩O1B=E,過點E作EF⊥AC于F,連結O1F(如圖4),則EF是O1F在平面AOC
內的射影,由三垂線定理得O1F⊥AC.
所以∠O1FE是二面角O―AC―O1的平面角.
由題設知OA=3,OO1=,O1C=1,
所以,
從而, 又O1E=OO1?sin30°=,
所以 即二面角O―AC―O1的大小是
18.解:(I)分別記“客人游覽甲景點”,“客人游覽乙景點”,“客人游覽丙景點”
為事件A1,A2,A3. 由已知A1,A2,A3相互獨立,P(A1)=0.4,P(A2)=0.5,
P(A3)=0.6.
客人游覽的景點數(shù)的可能取值為0,1,2,3. 相應地,客人沒有游覽的景點數(shù)的可能取
值為3,2,1,0,所以的可能取值為1,3.
P(=3)=P(A1?A2?A3)+ P()
= P(A1)P(A2)P(A3)+P()
=2×0.4×0.5×0.6=0.24,
1
3
P
0.76
0.24
所以的分布列為
E=1×0.76+3×0.24=1.48.
(Ⅱ)解法一 因為
所以函數(shù)上單調遞增,
要使上單調遞增,當且僅當
從而
解法二:的可能取值為1,3.
當=1時,函數(shù)上單調遞增,
當=3時,函數(shù)上不單調遞增.0
所以
19.(Ⅰ)證法一:因為A、B分別是直線l:與x軸、y軸的交點,所以A、B的坐標分別是.
所以點M的坐標是(). 由
即
證法二:因為A、B分別是直線l:與x軸、y軸的交點,所以A、B的坐標分別是設M的坐標是
所以 因為點M在橢圓上,所以
即
解得
(Ⅱ)解法一:因為PF1⊥l,所以∠PF1F2=90°+∠BAF1為鈍角,要使△PF1F2為等腰三角形,必有|PF1|=|F1F2|,即
設點F1到l的距離為d,由
得 所以
即當△PF1F2為等腰三角形.
解法二:因為PF1⊥l,所以∠PF1F2=90°+∠BAF1為鈍角,要使△PF1F2為等腰三角形,必有|PF1|=|F1F2|,
設點P的坐標是,
則
由|PF1|=|F1F2|得
兩邊同時除以4a2,化簡得 從而
于是. 即當時,△PF1F2為等腰三角形.
20.解(I)從第n年初到第n+1年初,魚群的繁殖量為axn,被捕撈量為bxn,死亡量為
(II)若每年年初魚群總量保持不變,則xn恒等于x1, n∈N*,從而由(*)式得
因為x1>0,所以a>b.
猜測:當且僅當a>b,且時,每年年初魚群的總量保持不變.
(Ⅲ)若b的值使得xn>0,n∈N*
由xn+1=xn(3-b-xn), n∈N*, 知
0<xn<3-b, n∈N*, 特別地,有0<x1<3-b. 即0<b<3-x1.
而x1∈(0, 2),所以
由此猜測b的最大允許值是1.
下證 當x1∈(0, 2) ,b=1時,都有xn∈(0, 2), n∈N*
①當n=1時,結論顯然成立.
②假設當n=k時結論成立,即xk∈(0, 2),
則當n=k+1時,xk+1=xk(2-xk)>0.
又因為xk+1=xk(2-xk)=-(xk-1)2+1≤1<2,
所以xk+1∈(0, 2),故當n=k+1時結論也成立.
由①、②可知,對于任意的n∈N*,都有xn∈(0,2).
綜上所述,為保證對任意x1∈(0, 2), 都有xn>0, n∈N*,則捕撈強度b的最大允許值是1.
21.解:(I),
則
因為函數(shù)h(x)存在單調遞減區(qū)間,所以<0有解.
又因為x>0時,則ax2+2x-1>0有x>0的解.
①當a>0時,y=ax2+2x-1為開口向上的拋物線,ax2+2x-1>0總有x>0的解;
②當a<0時,y=ax2+2x-1為開口向下的拋物線,而ax2+2x-1>0總有x>0的解;
則△=4+4a>0,且方程ax2+2x-1=0至少有一正根.此時,-1<a<0.
綜上所述,a的取值范圍為(-1,0)∪(0,+∞).
(II)證法一 設點P、Q的坐標分別是(x1, y1),(x2, y2),0<x1<x2.
則點M、N的橫坐標為
C1在點M處的切線斜率為
C2在點N處的切線斜率為
假設C1在點M處的切線與C2在點N處的切線平行,則k1=k2.
即,則
=
所以 設則①
令則
因為時,,所以在)上單調遞增. 故
則. 這與①矛盾,假設不成立.
故C1在點M處的切線與C2在點N處的切線不平行.
證法二:同證法一得
因為,所以
令,得 ②
令
因為,所以時,
故在[1,+上單調遞增.從而,即
于是在[1,+上單調遞增.
故即這與②矛盾,假設不成立.
故C1在點M處的切線與C2在點N處的切線不平行.
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