Question

10．如圖所示，豎直平面內(nèi)，長為L=2m的水平傳送帶AB以v=5m/s順時針傳送，其右下方有固定光滑斜面CD，斜面傾角θ=37°，頂點C與傳送帶右端B點豎直方向高度差h=0.45m，下端D點固定一擋板．一輕彈簧下端與擋板相連，上端自然伸長至E點，且C、E相距0.4m，現(xiàn)讓質(zhì)量m=2kg的小物塊以v₀=2m/s的水平速度從A點滑上傳送帶，小物塊傳送至B點，物塊離開B點后所受空氣阻力不計，恰好與斜面無碰撞滑上斜面，彈簧的最大壓縮是△x=0.2m．取重力加速度g=10m/s²．求：

（1）傳送帶與小物塊間的動摩擦因數(shù)μ；
（2）由于傳送塊電動機對傳送帶所做的功；
（3）彈簧的最大彈簧性勢能．

Answer 1

分析 （1）據(jù)題知，物塊離開斜面后做平拋運動，到達C點時速度沿斜面向下．根據(jù)高度h求得物塊到達C點時的豎直分速度，再由速度的分解法求平拋運動的水平速度，即為物塊離開B點的速度，從而分析物塊在傳送帶上的運動情況，由牛頓第二定律和運動學公式求動摩擦因數(shù)μ．
（2）由速度公式求物塊從A運動到B的時間，求出此過程中傳送帶的位移，從而求得電動機對傳送帶所做的功．
（3）對物塊由C運動到最低點的過程，運用能量守恒定律求解彈簧的最大彈簧性勢能．

解答 解：（1）將物塊在C點的速度沿水平和豎直方向分解，則 v_y=$\sqrt{2gh}$=3m/s
則物塊通過B點的速度為 v_B=v_ycot37°=4m/s
由于v_B＜v，所以物塊由A到B一直做勻加速運動，在此過程中，物塊的加速度為
  a=$\frac{μmg}{m}$=μg
由${v}_{B}^{2}$-${v}_{0}^{2}$=2aL=2μgL
解得 μ=0.3
（2）物塊由A到B的運動時間 t=$\frac{{v}_{B}-{v}_{0}}{a}$=$\frac{2}{3}$s
此過程傳送帶的位移 s=vt=$\frac{10}{3}$m
所以由于傳送塊電動機對傳送帶所做的功 W=μmgs=20J
（3）物塊到C點時的速度為 v_C=$\frac{{v}_{y}}{sin37°}$=5m/s
對物塊，由C點運動到最低點的過程，由能量守恒定律得
  mg（S_CE+△x）+$\frac{1}{2}m{v}_{C}^{2}$=E_pm；
代入解得彈簧的最大彈簧性勢能  E_pm=32.2J
答：
（1）傳送帶與小物塊間的動摩擦因數(shù)μ是0.3；
（2）由于傳送塊電動機對傳送帶所做的功是20J；
（3）彈簧的最大彈簧性勢能是32.2J．

點評 本題是多過程問題，關(guān)鍵要熟練運用運動的分解法研究平拋運動，把握題目中隱含的條件：物塊到達C點時速度沿斜面向下，明確能量守恒定律是求彈簧的彈性勢能常用的方法．