Question

為了使粒子經(jīng)過(guò)一系列的運(yùn)動(dòng)后，又以原來(lái)的速率沿相反方向回到原位，可設(shè)計(jì)如下的一個(gè)電磁場(chǎng)區(qū)域（如圖所示）：水平線QC以下是水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，區(qū)域Ⅰ（梯形PQCD）內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B；區(qū)域Ⅱ（三角形APD）內(nèi)的磁場(chǎng)方向與Ⅰ內(nèi)相同，但是大小可以不同，區(qū)域Ⅲ（虛線PD之上、三角形APD以外）的磁場(chǎng)與Ⅱ內(nèi)大小相等、方向相反．已知等邊三角形AQC的邊長(zhǎng)為2l，P、D分別為AQ、AC的中點(diǎn)．帶正電的粒子從Q點(diǎn)正下方、距離Q點(diǎn)為l的O點(diǎn)以某一速度射出，在電場(chǎng)力作用下從QC邊中點(diǎn)N以速度v垂直QC射入?yún)^(qū)域Ⅰ，再?gòu)腜點(diǎn)垂直AQ射入?yún)^(qū)域Ⅲ，又經(jīng)歷一系列運(yùn)動(dòng)后返回O點(diǎn)．（粒子重力忽略不計(jì)）求：
（1）該粒子的比荷；
（2）粒子從O點(diǎn)出發(fā)再回到O點(diǎn)的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程所需時(shí)間．

Answer 1

【答案】分析：粒子從O到N與從N到O是逆過(guò)程，N到O做類平拋運(yùn)動(dòng)．從N到P，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，半徑等于l，由牛頓定律求出比荷．畫出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)軌跡，找出半徑與三角形邊長(zhǎng)的關(guān)系，定出時(shí)間與周期的關(guān)系，求出時(shí)間．
解答：解：
（1）根據(jù)牛頓第二定律和洛侖茲力表達(dá)式有
     qvB=m              
   根據(jù)題意R=l，解得                       
（2）粒子在電磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間包括三段：電場(chǎng)中往返的時(shí)間t、區(qū)域Ⅰ中的時(shí)間t₁、區(qū)域Ⅱ和Ⅲ中的時(shí)間t₂+t₃．
   根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有
      t=                        
   設(shè)在區(qū)域Ⅰ中的時(shí)間為t₁，則
     t₁=2?=                  
   若粒子在區(qū)域Ⅱ和Ⅲ內(nèi)的運(yùn)動(dòng)如圖甲所示，則總路程為（2n+）個(gè)圓周，根據(jù)幾何關(guān)系有
      AE=（4nr+r）=l                解得      r=    其中n=0，1，2…
   區(qū)域Ⅱ和Ⅲ內(nèi)總路程為  s=（2n+）×2πr   
    t₂+t₃==
   總時(shí)間t=t+t₁+t₂+t₃=+

  若粒子在區(qū)域Ⅱ和Ⅲ內(nèi)運(yùn)動(dòng)如圖乙所示，則總路程為（2n+1+）個(gè)圓周，根據(jù)幾何關(guān)系有：
    （4nr+3r）=l
    解得      r=    其中n=0，1，2…
   區(qū)域Ⅱ和Ⅲ內(nèi)總路程為  s=（2n+1+）×2πr=
  總時(shí)間t=t+t₁+t₂+t₃=+
答：（1）該粒子的比荷為；
   （2）粒子從O點(diǎn)出發(fā)再回到O點(diǎn)的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程所需時(shí)間為=+或+．
點(diǎn)評(píng)：本題屬于帶電粒子在組合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，綜合性較強(qiáng)．磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)要畫軌跡分析運(yùn)動(dòng)過(guò)程，探索規(guī)律，尋找半徑與三角形邊的關(guān)系是關(guān)鍵．