Question

如圖所示，地面上方豎直界面N左側(cè)空間存在著水平的、垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2.0T．與N平行的豎直界面M左側(cè)存在豎直向下的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度E₁=100N/C．在界面M與N之間還同時(shí)存在著水平向左的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度E₂=100N/C．在緊靠界面M處有一個(gè)固定在水平地面上的豎直絕緣支架，支架上表面光滑，支架上放有質(zhì)量m₂=1.8×10^-4kg的帶正電的小物體b（可視為質(zhì)點(diǎn)），電荷量q₂=1.0×10^-5 C．一個(gè)質(zhì)量為m₁=1.8×10^-4 kg，電荷量為q₁=3.0×10^-5 C的帶負(fù)電小物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）a以水平速度v₀射入場區(qū)，沿直線運(yùn)動(dòng)并與小物體b相碰，a、b兩個(gè)小物體碰后粘合在一起成小物體c，進(jìn)入界面M右側(cè)的場區(qū)，并從場區(qū)右邊界N射出，落到地面上的Q點(diǎn)（圖中未畫出）．已知支架頂端距地面的高度h=1.0m，M和N兩個(gè)界面的距離L=0.10m，g取10m/s²．求：
（1）小球a水平運(yùn)動(dòng)的速率．
（2）物體c剛進(jìn)入M右側(cè)的場區(qū)時(shí)的加速度．
（3）物體c落到Q點(diǎn)時(shí)的速率．

Answer 1

分析：（1）根據(jù)三力平衡，與洛倫茲力表達(dá)式，即可求解；
（2）根據(jù)動(dòng)量守恒定律，結(jié)合牛頓第二定律，即可求解；
（3）根據(jù)動(dòng)能定理，即可求解．

解答：解：（1）a向b運(yùn)動(dòng)過程中受向下的重力，向上的電場力和向下的洛侖茲力．
小球a的直線運(yùn)動(dòng)必為勻速直線運(yùn)動(dòng)，a受力平衡，因此有
q₁E₁-q₁v₀B-m₁g=0
解得：v₀=20m/s
（2）二球相碰動(dòng)量守恒：m₁v₀=（m₁+m₂）v，
解得：v=10m/s
物體c所受洛侖茲力f=（q₁-q₂）vB=4×10^-4N，方向向下
物體c在M有場區(qū)受電場力F₂=（q₁-q₂）E₂=2×10^-3N，方向向右
物體c受到的重力G=（m₁+m₂）g=3.6×10^-3N，方向向下
物體c受到的合力F_合=

F 2 2 +( f+G)2

=2

5

×10-3N
物體c的加速度a=

F合

m1+m2

=

50 5

9

m/s²，
設(shè)合力的方向與水平方向的夾角為θ，則tanθ=

f+G

F2

=2，
解得θ=arctan2，
加速度指向右下方與水平方向成arctan2．
（3）物體c通過界面M后的飛行過程中電場力和重力都對(duì)它做正功．
設(shè)物體c落到Q點(diǎn)時(shí)的速率為v_t，由動(dòng)能定理
（m₁+m₂）gh+（q₁-q₂）E₂L=

1

2

(m1+m2)v2-

1

2

(m1+m2)v2
解得v_t=

122.2

m/s
答：（1）小球a水平運(yùn)動(dòng)的速率20m/s．
（2）物體c剛進(jìn)入M右側(cè)的場區(qū)時(shí)的加速度大小為

100 2

9

m/s2，而方向指向右下方與水平方向成45°角．
（3）物體c落到Q點(diǎn)時(shí)的速率

122.2

m/s．

點(diǎn)評(píng)：考查受力平衡的狀態(tài)方程，牛頓第二定律與動(dòng)量守恒定律的應(yīng)用，掌握動(dòng)能定理及功的正負(fù)．