Question

10．示波管中有兩個(gè)偏轉(zhuǎn)電極，其中一個(gè)電極XX′上可以接入儀器自身產(chǎn)生的鋸齒形電壓，叫掃描電壓．如圖甲所示，已知XX′極板長(zhǎng)L=0.2$\sqrt{3}$m，板間距d=0.2m，在金屬板右端豎直邊界MN的右側(cè)有一區(qū)域足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B=5×10^-3T，方向垂直紙面向里．現(xiàn)將X′極板接地，X極板上電勢(shì)φ隨時(shí)間變化規(guī)律如圖乙所示．有帶正電的粒子流以速度v₀=1×10⁵m/s，沿水平中線OO′連續(xù)射入電場(chǎng)中，粒子的比荷$\frac{q}{m}$=1×10⁸C/kg，重力忽略不計(jì)，在每個(gè)粒子通過(guò)電場(chǎng)的極短時(shí)間內(nèi)，電場(chǎng)可視為勻強(qiáng)電場(chǎng)．（設(shè)兩板外無(wú)電場(chǎng)，結(jié)果可用根式表示）求：
（1）帶電粒子射出電場(chǎng)時(shí)的最大速度；
（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間和最短時(shí)間之比；
（3）從O′點(diǎn)射入磁場(chǎng)和距O′點(diǎn)下方$\fracr5lhh1v{4}$=0.05m處射入磁場(chǎng)的兩個(gè)粒子，在MN上射出磁場(chǎng)時(shí)的出射點(diǎn)之間的距離．

Answer 1

分析 （1）粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律與動(dòng)能定理可以求出帶電粒子射出電場(chǎng)時(shí)的最大速率；
（2）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用牛頓第二定律求出粒子軌道半徑，結(jié)合帶電粒子在電場(chǎng)中向上偏轉(zhuǎn)的情況與向下偏轉(zhuǎn)的情況，畫出運(yùn)動(dòng)的軌跡，由幾何關(guān)系以及：$\frac{t}{T}=\frac{θ}{2π}$即可得出時(shí)間關(guān)系；
（3）分別從O′點(diǎn)和距O′點(diǎn)下方$\fracrdrr5rz{4}$=0.05m處射入磁場(chǎng)的兩個(gè)粒子，由帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)，求出粒子的偏轉(zhuǎn)角，然后畫出運(yùn)動(dòng)的軌跡，由幾何關(guān)系即可得出結(jié)果．

解答 解：（1）帶電粒子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)：
水平：$t=\frac{L}{v_0}=2\sqrt{3}×{10^{-6}}$s
豎直：$y=\frac{1}{2}a{t^2}=\frachdzbl1r{2}$，其中$a=\frac{{q{U_1}}}{dm}$，
所以${U_1}=\frac{adm}{q}=\frac{100}{3}$V
當(dāng)U＞$\frac{100}{3}$V時(shí)進(jìn)入電場(chǎng)中的粒子將打到極板上，即在電壓等于$\frac{100}{3}$V時(shí)刻進(jìn)入的粒子具有最大速度，所以由動(dòng)能定理得：
$q\frac{U_1}{2}=\frac{1}{2}mv_t^2-\frac{1}{2}mv_0^2$，
得：v_t=$\frac{{2\sqrt{3}}}{3}×{10^5}$m/s，方向與水平成30°；
（2）計(jì)算可得，粒子射入磁場(chǎng)時(shí)的速度與水平方向的夾角為30°，從下極板邊緣射出的粒子軌跡如圖中a所示，磁場(chǎng)中軌跡所對(duì)的圓心角為240°，時(shí)間最長(zhǎng)
從上極板邊緣射出的粒子軌跡如圖中b所示，磁場(chǎng)中軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角為120°，時(shí)間最短
因?yàn)閮闪Ｗ拥闹芷?T=\frac{2πm}{Bq}$相同，所以粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間和最短時(shí)間之比為2：1
（3）如下圖，從O′點(diǎn)射入磁場(chǎng)的粒子速度為v₀，它在磁場(chǎng)中的出射點(diǎn)與入射點(diǎn)間距為d₁=2R₁
得：${R_1}=\frac{{m{v_1}}}{Bq}$，
所以：${d_1}=\frac{{2m{v_0}}}{Bq}$
從距O′點(diǎn)下方$\fractvvzldb{4}$=0.05m處射入磁場(chǎng)的粒子速度與水平方向夾角φ，則它的速度為${v_2}=\frac{v_0}{cosϕ}$，它在磁場(chǎng)中的出射點(diǎn)與入射點(diǎn)間距為d₂=2R₂cosϕ，
由于${R_2}=\frac{{m{v_2}}}{Bq}$，所以${d_2}=\frac{{2m{v_0}}}{Bq}$
所以兩個(gè)粒子向上偏移的距離相等！
所以：兩粒子射出磁場(chǎng)的出射點(diǎn)間距仍為進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的間距，即$\fracdvddrt3{4}=0.05$m
答：（1）帶電粒子射出電場(chǎng)時(shí)的最大速率是$\frac{{2\sqrt{3}}}{3}×{10^5}$m/s，方向與水平成30°；
（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間和最短時(shí)間之比是2：1；
（3）分別從O′點(diǎn)和距O′點(diǎn)下方$\fraclz5rtd7{4}$=0.05m處射入磁場(chǎng)的兩個(gè)粒子，在MN上射出磁場(chǎng)時(shí)兩出射點(diǎn)之間的距離是0.05m．

點(diǎn)評(píng) 本題以帶電粒子在場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問(wèn)題為命題背景考查學(xué)生的推理、分析和應(yīng)用數(shù)學(xué)處理物理問(wèn)題的能力．分析清楚粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程是正確解題的前提與關(guān)鍵，應(yīng)用動(dòng)能定理、類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律、牛頓第二定律即可正確解題．