Question

19．如圖所示，在真空中半徑r=3.0×10^-2m的圓形區(qū)域內(nèi)，有磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T，方向如圖的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一批帶正電的粒子以初速度v₀=1.0×10⁶m/s，從磁場(chǎng)邊界上直徑ab的一端a沿著各個(gè)方向射入磁場(chǎng)，且初速度方向與磁場(chǎng)方向都垂直，該粒子的比荷為$\frac{q}{m}$=1.0×10⁸C/kg，不計(jì)粒子重力．求：
（1）粒子的軌跡半徑；
（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間；
（3）若射入磁場(chǎng)的速度改為v₀=3.0×10⁵m/s，其他條件不變，試用斜線畫(huà)出該批粒子在磁場(chǎng)中可能出現(xiàn)的區(qū)域．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）

Answer 1

分析 （1）粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律求出粒子的軌道半徑；
（2）首先做出軌跡圖，利用幾何關(guān)系判斷出當(dāng)弦長(zhǎng)為多少時(shí)運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，從而可以計(jì)算出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)行的最長(zhǎng)時(shí)間；
（3）由確定的速度先求出粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)半徑，利用幾何關(guān)系判斷出粒子射出磁場(chǎng)的區(qū)域，然后分析答題．

解答 解：（1）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，
由牛頓第二定律得：qv₀B=m$\frac{{v}_{0}^{2}}{R}$，解得：R=$\frac{m{v}_{0}}{qB}$=5.0×10^-2m．
（2）由于R＞r，要使粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓弧所對(duì)應(yīng)的弧長(zhǎng)最長(zhǎng)，
從圖甲中可以看出，以直徑ab為弦、R為半徑所作的圓周，粒子運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)，
粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的周期：T=$\frac{2πm}{qB}$，粒子的最長(zhǎng)運(yùn)動(dòng)時(shí)間：t_m=$\frac{2α}{2π}$×T=$\frac{2α•m}{qB}$，
又sinα=$\frac{r}{R}$=$\frac{3}{5}$，解得：t_m=6.5×10^-8s．
（3）速度改為v₀=3.0×10⁵m/s時(shí)，粒子的軌道半徑：R′=$\frac{mv0′}{qB}$=1.5×10^-2m＜r，
粒子在磁場(chǎng)中可能出現(xiàn)的區(qū)域：如圖中以O(shè)a為直徑的半圓及以a為圓心、Oa為半徑的圓與磁場(chǎng)相交的部分，如圖所示．
答：（1）粒子的軌跡半徑為5.0×10^-2m；
（2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為6.5×10^-8s；
（3）若射入磁場(chǎng)的速度改為v₀=3.0×10⁵ m/s，其他條件不變，該批粒子在磁場(chǎng)中可能出現(xiàn)的區(qū)域如圖所示．

點(diǎn)評(píng) 解決帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速圓周運(yùn)動(dòng)問(wèn)題時(shí)，應(yīng)首先確定圓心的位置，找出半徑，做好草圖，利用數(shù)學(xué)幾何并結(jié)合運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行求解．
（1）圓心的確定：因洛倫茲力始終指向圓心，根據(jù)洛倫茲力的方向與速度的方向垂直，畫(huà)出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡中的任意兩點(diǎn)（一般是射入和射出磁場(chǎng)的兩點(diǎn)）的洛倫茲力的方向，其延長(zhǎng)線的交點(diǎn)即為圓心．
（2）半徑的確定和計(jì)算，半徑的計(jì)算一般是利用幾何知識(shí)，常用解三角形的方法．
（3）在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間的確定，由求出t，t=$\frac{θ}{2π}$（θ為弧度）；應(yīng)注意速度矢量轉(zhuǎn)過(guò)的角度θ，就是圓半徑轉(zhuǎn)過(guò)的角度，以及弦切角與圓心角的關(guān)系