Question

（2012?邯鄲模擬）如圖所示為某一儀器的部分原理示意圖，虛線OA、OB關于y軸對稱，且∠AOB=90°，OA、OB將xOy平面分為Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個區(qū)域，區(qū)域Ⅰ、Ⅲ內存在水平方向的勻強電場，電場強度大小均為E、方向相反．現有質量為m，電量為+q（q＞0）的大量帶電粒子從x軸上的粒子源P處以速度v₀沿y軸正方向射出，到達OA上的M點時速度與OA垂直．（不計粒子的重力及粒子間的相互作用）求：
（1）粒子從P點運動到M點的時間；
（2）為使粒子能從M點經Ⅱ區(qū)域通過OB上的N點，M、N點關于y軸對稱，可在區(qū)域Ⅱ內加一垂直xOy平面的勻強磁場，求該磁場的磁感應強度的最小值和粒子經過區(qū)域Ⅲ到達x軸上Q點的橫坐標；
（3）當勻強磁場的磁感應強度�。�2）問中的最小值時，且該磁場僅分布在區(qū)域Ⅱ內的一個圓形區(qū)域內．由于某種原因的影響，粒子經過M點時的速度并不嚴格與OA垂直，成散射狀，散射角為θ，但速度大小均相同，如圖所示．求所有粒子經過OB時的區(qū)域長度．

Answer 1

分析：（1）粒子在Ⅰ區(qū)域做類平拋運動，有運動位移可得時間
（2）使粒子通過N點且磁感應強度最小，則粒子在Ⅱ內做勻速圓周運動半徑R=OM，粒子經N點后進入Ⅲ區(qū)域，做勻變速曲線運運動，有運動分解知識求得到達x軸上Q點的橫坐標
（3）該圓形磁場區(qū)域的半徑r等于其軌跡圓半徑R，分別作出兩邊緣狀態(tài)的軌跡圖，由幾何關系求解

解答：解：（1）粒子在Ⅰ區(qū)內做類平拋運動，設運動的時間為t
則：vx=

Eq

m

t①
v_x=v₀②
由 ①②兩式得：t=

mv0

Eq

③
（2）粒子在Ⅰ區(qū)內y方向的位移：y=v₀t
OM=

2

y
使粒子通過N點且磁感應強度最小，則粒子在Ⅱ內做勻速圓周運動半徑R=OM④
由③④⑤式，可得：R=

2 m v 2 o

qE

⑤
又由洛侖茲力和牛頓第二定律可得，BqvM=

m v 2 M

R

⑥
vM=

2

v0⑦
由上式可得：B=

E

v0

⑧
粒子進入Ⅲ區(qū)后，運動的軌跡PM與QN對稱，故：OQ=OP⑨
又OP=v0t+

1

2

v0t=10 ⑩
得：OQ=

3mv02

2Eq

故：Q點的坐標為（

3mv02

2Eq

，0）
（3）該圓形磁場區(qū)域的半徑r等于其軌跡圓半徑R，即：
r=R=

2

v0t
所有粒子出磁場時速度方向平行，其落點在直線OB上的GH兩點之間，如圖：
GH=2rsinθ=

2 2 mv02sinθ

Eq

答：（1）t=

mv0

Eq

；（2）Q點的坐標為（

3mv02

2Eq

，0）；（3）

2 2 mv02sinθ

Eq

點評：本題考查帶電粒子在電場和磁場中的運動，關鍵理清粒子的運動軌跡，以及運動的情況，結合幾何關系進行求解．