Question

如圖所示，傾角為a的光滑斜面下端固定一絕緣輕彈簧，M點固定一個質(zhì)量為m、帶電量為-q的小球Q，整個裝置處在電場強度大小為E、方向沿斜面向下的勻強電場中．現(xiàn)把一個帶電量為+q的小球P從N點由靜止釋放，釋放后P沿著斜面向下運動，N點與彈簧的上端和M的距離均為s₀，P、Q以及彈簧的軸線ab與斜面平行，兩小球均可視為質(zhì)點和點電荷，彈簧的勁度系數(shù)為k₀，靜電力常量為k．則（　　）

• A、小球P返回時，可能撞到小球Q
• B、小球P在N點的加速度大小為

  qE

  m

  +gsina-k

  q2

  ms02

• C、小球P沿著斜面向下運動過程中，其電勢能可能增大
• D、當(dāng)彈簧的壓縮量為

  qE+mgsinα

  k0

  時，小球P的速度最大

Answer 1

分析：根據(jù)動能定理判斷小球P返回速度為零的位置，確定小球能否與小球Q相撞；根據(jù)牛頓第二定律求出小球P在N點的加速度；根據(jù)電場力做功判斷電勢能的變化，當(dāng)小球所受的合力為零時，小球的速度最大．

解答：解：A、根據(jù)動能定理知，當(dāng)小球返回到N點，由于重力做功為零，勻強電場的電場力做功為零，電荷Q的電場對P做功為零，則合力做功為零，知道到達N點的速度為零．所以小球不可能撞到小球Q．故A錯誤．
B、根據(jù)牛頓第二定律得，小球在N點的加速度a=

F合

m

=

qE+mgsinθ-k q2 s02

m

=

qE

m

+gsinθ-k

q2

ms02

．故B正確．
C、小球P沿著斜面向下運動過程中，勻強電場的電場力做正功，電荷Q產(chǎn)生的電場對P做負功，兩個電場力的合力不一定沿斜面向下，則最終電場力不一定做正功，可能做負功，則電勢能可能增大．故C正確．
D、當(dāng)小球所受的合力為零時，速度最大，即k

q2

x2

+k₀x₀=qE+mgsinα，則壓縮量不等于

qE+mgsinα

k0

．故D錯誤．
故選：BC．

點評：本題考查了動能定理、牛頓第二定律的綜合，難度中等，知道小球合力為零時，小球的速度最大，知道電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加．