19．“廣州塔”上安裝了一種全自動升降機模型．電動機通過鋼絲繩以恒定功率拉著升降機由靜止開始豎直上升，在t2時刻達到最大速度，之后功率變化，升降機運動的速度如圖所示，忽略摩擦和空氣阻力．有關此過程下列說法正確的是（　�。�
A．全程升降機處于超重狀態(tài)
B．t2時刻鋼絲繩拉力等于升降機的重力
C．t2時刻鋼絲繩拉力大于升降機的重力
D．全程拉力和重力做功一樣多

分析 根據(jù)加速度方向判斷升降機的狀態(tài)．根據(jù)牛頓第二定律分析繩的拉力與重力的關系．由動能定理分析拉力和重力做功關系．

解答 解：A、由圖知，升降機先加速上升，后減速上升，加速度先向上后向下，由牛頓運動定律知，升降機先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)，故A錯誤．
BC、t2時刻升降機的加速度為零，由牛頓第二定律可知鋼絲繩拉力等于升降機的重力，故B正確，C錯誤．
D、全程升降機的速度變化量，根據(jù)動能定理可得全程拉力和重力做功數(shù)值相等，正負相反，故D錯誤．
故選：B．

點評 解決本題的關鍵要掌握超重和失重的條件，運用牛頓運動定律分析升降機的狀態(tài)．

練習冊系列答案
相關習題

科目：高中物理 來源： 題型：多選題

9．如圖所示，水平面上的輕彈簧一端與物體相連，另一端固定在墻上的P點，已知物體的質量為m=2.0kg，物體與水平面間的動摩擦因數(shù)μ=0.4，彈簧的勁度系數(shù)k=200N/m，現(xiàn)用力F拉物體，使彈簧從處于自然狀態(tài)的O點由靜止開始向左移動10cm，這時彈簧具有彈性勢能Ep=1.0J，物體處于靜止狀態(tài)，若取g=10m/s2，則撇去外力F后（　�。�
A．物體向右滑動的距離可以達到12.5cm
B．物體向右滑動的距離一定小于12.5cm
C．物體回到O點時速度最大
D．物體到達最右端時動能為零，系統(tǒng)機械能也為零

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科目：高中物理 來源： 題型：選擇題

10．如圖所示，繞地球運行的飛船從軌道1變軌至軌道2．若飛船在兩軌道上都做勻速圓周運動，不考慮質量變化，相對于在軌道1上，則飛船在軌道2上的（　�。�
A．動能大B．向心加速度大C．運行周期大D．角速度大

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科目：高中物理 來源： 題型：解答題

7．①我們已經知道，物體的加速度（a）同時跟合外力（F）和質量（M）兩個因素有關．要研究這三個物理量之間的定量關系的思想方法是控制變量法

②某同學的實驗方案如圖1所示，她想用砂桶的重力表示小車受到的合外力F，為了減少這種做法而帶來的實驗誤差，她先做了兩方面的調整措施：
a：用小木塊將長木板無滑輪的一端墊高，目的是平衡摩擦力．
b：使砂桶的質量遠小于小車的質量，目的是使拉小車的力近似等于砂桶的重力．
③表是該同學在“保持小車質量M不變，探究a與F的關系”時記錄了實驗數(shù)據(jù)，且已將數(shù)據(jù)在圖2的坐標系中描點，做出a-F圖象；由圖線求出小車的質量等于0.50kg（保留二位有效數(shù)字）

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科目：高中物理 來源： 題型：填空題

14．如圖所示，一個電荷量為+2.0×10-8C的點電荷，放在某平行板電容器電場中的A點，受到的電場力大小為6.0×10-4N，則A點的場強大小為3×104 N/C；A、B兩點中，A點（填“A”或“B”）的電勢較高．

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科目：高中物理 來源： 題型：多選題

4．如圖所示，直線b為電源的U-I圖象，直線a為電阻R的U-I圖象，用該電源和該電阻組成閉合電路時，電源的輸出功率和電源的效率分別是（　�。�
A．電源的輸出功率為4WB．電源的輸出功率為2W
C．電源的效率約為33.3%D．電源的效率約為67%

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科目：高中物理 來源： 題型：選擇題

11．如圖1所示，Q1、Q2為兩個固定點電荷，其中Q1帶正電，它們連線的延長線上有a、b兩點．一正試探電荷僅在電場力作用下以一定的初速度沿直線從b點開始經a點向遠處運動，其速度圖象如圖2所示．則（　�。�
A．Q2帶正電
B．Q2帶負電
C．該試探電荷從b到a的過程中電勢能減小
D．該試探電荷從b到a的過程中電勢能先增大后減小

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科目：高中物理 來源： 題型：選擇題

8．如圖所示，半徑和動能都相等的兩個小球相向而行．甲球質量m甲大于乙球質量m乙，水平面是光滑的，兩球做對心碰撞以后的運動情況可能是下述哪些情況（　�。�
A．甲球速度為零，乙球速度不為零B．乙球速度為零，甲球速度不為零
C．兩球速度都為零D．兩球都以各自原來的速率反向運動

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科目：高中物理 來源： 題型：選擇題

9．物體從地面上以5m/s2的加速度勻減速豎直上升，不計空氣阻力，則在上升過程中，物體機械能的變化為（　�。�
A．不變B．減小C．增加D．先減小后增加

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同步練習冊答案