Question

10．如圖所示，以直線AB為邊界，上下存在場強大小相等、方向相反的勻強電場．在P點由靜止釋放一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電小球，小球穿過AB邊界時速度為υ₀，到達M點速度恰好減為零．此過程中小球在AB上方電場中運動的時間實在下方電場中運動時間的$\frac{1}{2}$．已知重力加速度為g，不計空氣阻力，則下列說法正確的是（　�。�

• A． 小球帶正電
• B． 電場強度大小是$\frac{3mg}{q}$
• C． P點距邊界線AB的距離為$\frac{{3{υ_0}^2}}{8g}$
• D． 若邊界線AB電勢為零，則M點電勢為$\frac{{3m{υ_0}^2}}{8g}$

Answer 1

分析 小球先做勻加速運動，后做勻減速運動，可知電場力大于重力；結(jié)合牛頓運動定律求電場強度，P點距邊界的距離；通過動能定理求出M的電勢．

解答 解：A、根據(jù)題意，小球先做勻加速運動，后做勻減速運動，可知電場力大于重力，且區(qū)域Ⅱ的場強方向向下，故電荷帶負電，故A錯誤；
B、在上方電場，根據(jù)牛頓第二定律得：a₁=$\frac{mg+qE}{m}$，在下方電場中，根據(jù)牛頓第二定律得，加速度大小為：a₂=$\frac{qE-mg}{m}$，因為a₁t₁=a₂t₂，由題意可知：t₁=$\frac{1}{2}$t₂，解得：E=$\frac{3mg}{q}$，故B正確；
C、設P點距邊界的距離為h，則h=$\frac{{v}_{0}^{2}}{2{a}_{1}}$=$\frac{{v}_{0}^{2}}{8g}$，故C錯誤；
D、對邊界到M的過程運用動能定理得：qU+mgh′=0-$\frac{1}{2}$mv₀²，h′=$\frac{{v}_{0}^{2}}{4g}$，解得：U=-$\frac{3m{v}_{0}^{2}}{4q}$，若邊界線AB電勢為零，則M點電勢為-$\frac{3m{v}_{0}^{2}}{4q}$，故D錯誤．
故選：B．

點評 本題考查了動能定理和牛頓第二定律的綜合運用，抓住小球在上方電場和下方電場中運動的對稱性入手分析求解．