Question

設(shè)f（x）是定義在區(qū)間（1，+∞）上的函數(shù)，其導(dǎo)函數(shù)為f'（x）．如果存在實數(shù)a和函數(shù)h（x），其中h（x）對任意的x∈（1，+∞）都有h（x）＞0，使得f'（x）=h（x）（x²-ax+1），則稱函數(shù)f（x）具有性質(zhì)P（a）．
（1）設(shè)函數(shù)，其中b為實數(shù)．
（i）求證：函數(shù)f（x）具有性質(zhì)P（b）；
（ii）求函數(shù)f（x）的單調(diào)區(qū)間．
（2）已知函數(shù)g（x）具有性質(zhì)P（2），給定x₁，x₂∈（1，+∞），x₁＜x₂，設(shè)m為實數(shù)，a=mx₁+（1-m）x₂，β=（1-m）x₁+mx₂，且a＞1，β＞1，若|g（a）-g（β）|＜|g（x₁）-g（x₂）|，求m取值范圍．

Answer 1

解：（1）f′（x）=-=
∵x＞1時，h（x）=＞0恒成立，
∴函數(shù)f（x）具有性質(zhì)P（b）；
（ii）當(dāng)b≤2時，對于x＞1，φ（x）=x²-bx+1≥x²-2x+1=（x-1）²＞0
所以f′（x）＞0，故此時f（x）在區(qū)間（1，+∞）上遞增；
當(dāng)b＞2時，φ（x）圖象開口向上，對稱軸 x=＞1，
方程φ（x）=0的兩根為：
而 ，∈（0，1）
當(dāng) x∈（1，）時，φ（x）＜0，f′（x）＜0，
故此時f（x）在區(qū)間 （1，）上遞減；
同理得：f（x）在區(qū)間[，+∞）上遞增．
綜上所述，當(dāng)b≤2時，f（x）在區(qū)間（1，+∞）上遞增；
當(dāng)b＞2時，f（x）在 （1，，）上遞減；f（x）在[，+∞）上遞增．
（2）由題設(shè)知，函數(shù)g（x）得導(dǎo)數(shù)g′（x）=h（x）（x²-2x+1），其中h（x）＞0對于任意得x∈（1，+∞）都成立
∴當(dāng)x＞1時，g′（x）=h（x）（x-1）²＞0，從而g（x）在（1，+∞）上單調(diào)遞增
①m∈（0，1），α=mx₁+（1-m）x₂＞mx₁+（1-m）x₁=x₁
α＜mx₂+（1-m）x₂=x₂
∴α∈（x₁，x₂）同理可得β∈（x₁，x₂）
由g（x）得單調(diào)性可知，g（α），g（β）∈（g（x₁），g（x₂））
從而有|g（α）-g（β）|≥|g（x₁）-g（x₂）|符合題意
②m≤0時，α=mx₁+（1-m）x₂≥mx₂+（1-m）x₂=x₂
β=（1-m）x₁+mx₂≤（1-m）x₁+mx₁=mx₁
于是由α＞1，β＞1及g（x）得單調(diào)性可知g（β）≤g（x₁）＜g（x₂）≤g（α）
∴|g（α）-g（β）|≥|g（x₁）-g（x₂）|與題設(shè)不符
③m≥1時，同理可得α≤x₁，β≥x₂，進(jìn)而可得|g（α）-g（β）|≥|g（x₁）-g（x₂）|與題設(shè)不符
綜合①②③可得m∈（0，1）
分析：（1）（i）先求出函數(shù)f（x）的導(dǎo)函數(shù)f′（x），然后將其配湊成f′（x）=h（x）（x²-bx+1）這種形式，再說明h（x）對任意的x∈（1，+∞）都有h（x）＞0，即可證明函數(shù)f（x）具有性質(zhì)P（b）；
（2）根據(jù)第一問令φ（x）=x²-bx+1，討論對稱軸與2的大小，當(dāng)b≤2時，對于x＞1，φ（x）＞0，所以f′（x）＞0，可得f（x）在區(qū)間（1，+∞）上單調(diào)性，當(dāng)b＞2時，φ（x）圖象開口向上，對稱軸 x=＞1，可求出方程φ（x）=0的兩根，判定兩根的范圍，從而確定φ（x）的符號，得到f′（x）的符號，最終求出單調(diào)區(qū)間．
（2）由題設(shè)知，函數(shù)g（x）得導(dǎo)數(shù)g′（x）=h（x）（x²-2x+1），其中h（x）＞0對于任意得x∈（1，+∞）都成立
當(dāng)x＞1時，g′（x）=h（x）（x-1）²＞0，從而g（x）在（1，+∞）上單調(diào)遞增分①m∈（0，1）②m≤0③m≥1三種情況討論求解m得范圍即可
點評：本題主要考查函數(shù)的概念、性質(zhì)、圖象及導(dǎo)數(shù)等基礎(chǔ)知識，考查靈活運用數(shù)形結(jié)合、分類討論的思想方法進(jìn)行探索、分析與解決問題的綜合能力．