Question

6．已知橢圓C：$\frac{{x}^{2}}{{a}^{2}}$+$\frac{{y}^{2}}{^{2}}$=1（a＞b＞0）的短軸的一個(gè)頂點(diǎn)與兩個(gè)焦點(diǎn)構(gòu)成正三角形，且該三角形的周長為6
（Ⅰ）求橢圓C的方程；
（Ⅱ）設(shè)F₁，F(xiàn)₂是橢圓C的左右焦點(diǎn)，若橢圓C的一個(gè)內(nèi)接平行四邊形ABCD的一組對邊過點(diǎn)F₁和F₂，求這個(gè)平行四邊形的面積的最大值．

Answer 1

分析 （Ⅰ）由題意可得：$b=\sqrt{3}c$，2a+2c=6，a²=b²+c²，解出即可得出．
（II）設(shè)過橢圓右焦點(diǎn)F₂的直線l：x=ty+1與橢圓交于A，B兩點(diǎn)，與橢圓方程聯(lián)立得：（3t²+4）y²+6ty-9=0，由此利用韋達(dá)定理、弦長公式、平行四邊形面積、函數(shù)單調(diào)性，能求出平行四邊形面積的最大值．

解答 解：（Ⅰ）由題意可得：$b=\sqrt{3}c$，2a+2c=6，a²=b²+c²，
解得a=2，c=1，b=$\sqrt{3}$．
∴橢圓C的方程為$\frac{{x}^{2}}{4}+\frac{{y}^{2}}{3}$=1．
（II）設(shè)過橢圓右焦點(diǎn)F₂的直線l：x=ty+1與橢圓交于A，B兩點(diǎn)，
則$\left\{\begin{array}{l}{x=ty+1}\\{3{x}^{2}+4{y}^{2}=12}\end{array}\right.$，整理，得：（3t²+4）y²+6ty-9=0，
∴y₁+y₂=$\frac{-6t}{3{t}^{2}+4}$，y₁y₂=$\frac{-9}{3{t}^{2}+4}$，
∴|y₁-y₂|=$\sqrt{（{y}_{1}+{y}_{2}）^{2}-4{y}_{1}{y}_{2}}$=$\sqrt{（\frac{-6t}{3{t}^{2}+4}）^{2}+\frac{36}{3{t}^{2}+4}}$=$\frac{12\sqrt{{t}^{2}+1}}{3{t}^{2}+4}$，
∴S_△AOB=${S}_{△O{F}_{1}A}+{S}_{△O{F}_{1}B}$=$\frac{1}{2}$|y₁-y₂||OF|=$\frac{6\sqrt{{t}^{2}+1}}{3{t}^{2}+4}$，
橢圓C的內(nèi)接平行四邊形面積為S=4S_△OAB=$\frac{24\sqrt{{t}^{2}+1}}{3{t}^{2}+4}$．
令m=$\sqrt{1+{t}^{2}}$≥1，則S=f（m）=$\frac{24m}{3{m}^{2}+1}$=$\frac{24}{3m+\frac{1}{m}}$，
注意到S=f（m）在[1，+∞）上單調(diào)遞減，∴S_max=f（1）=6，
當(dāng)且僅當(dāng)m=1，即t=0時(shí)等號成立．故這個(gè)平行四邊形面積的最大值為6．

點(diǎn)評 本題考查了橢圓的標(biāo)準(zhǔn)方程及其性質(zhì)、弦長公式、三角形面積計(jì)算公式、換元法、函數(shù)的單調(diào)性，考查了推理能力與計(jì)算能力，屬于難題．