Question

10．在△ABC中，已知內(nèi)角A、B、C所對的邊分別為a、b、c，已知$\overrightarrow{m}$=（cosB，cosC），$\overrightarrow{n}$=（2a+c，b）且$\overrightarrow{m}$⊥$\overrightarrow{n}$．
（1）若b=$\sqrt{13}$，a+c=4，求△ABC的面積．
（2）y=sin²A+sin²C的取值范圍．

Answer 1

分析 （1）根據(jù)向量垂直的坐標(biāo)公式進(jìn)行化簡求出B的大小，結(jié)合三角形的面積公式進(jìn)行求解即可．
（2）利用三角函數(shù)的倍角公式結(jié)合兩角和差的正弦公式，以及三角函數(shù)的性質(zhì)進(jìn)行求解即可．

解答 解：（1）∵$\overrightarrow{m}$⊥$\overrightarrow{n}$，
∴$\overrightarrow{m}$•$\overrightarrow{n}$=cosB（2a+c）+bcosC=0，
即2acosB+ccosB+bcosC=0，
由正弦定理得2sinAcosB+sinCcosB+sinBcosC=0，
即2sinAcosB+sin（B+C）=0，
即2sinAcosB+sinA=0，
∴2cosB+1=0，則cosB=-$\frac{1}{2}$，
則B=$\frac{2π}{3}$，
若b=$\sqrt{13}$，a+c=4，
則b²=a²+c²-2accosB，
即13=（a+c）²-2ac+ac=16-ac，
則ac=3，
則△ABC的面積S=$\frac{1}{2}$acsinB=$\frac{1}{2}×3×\frac{\sqrt{3}}{2}$=$\frac{3\sqrt{3}}{4}$．
（2）∵B=$\frac{2π}{3}$，∴A+C=$\frac{π}{3}$，A=$\frac{π}{3}$-C，
則0＜C＜$\frac{π}{3}$，
sin²A+sin²C=$\frac{1-cos2A}{2}$+$\frac{1-cos2C}{2}$
=1-$\frac{1}{2}$×2cos（A+C）cos（A-C）
=1-$\frac{1}{2}$cos（A-C）
=1-$\frac{1}{2}$cos（$\frac{π}{3}$-2C），
∵0＜C＜$\frac{π}{3}$，
∴0＜2C＜$\frac{2π}{3}$，
則-$\frac{2π}{3}$＜-2C＜0，-$\frac{π}{3}$＜$\frac{π}{3}$-2C＜$\frac{π}{3}$，
則$\frac{1}{2}$＜cos（$\frac{π}{3}$-2C）≤1，
即$\frac{1}{4}$＜$\frac{1}{2}$cos（$\frac{π}{3}$-2C）≤$\frac{1}{2}$，
則-$\frac{1}{2}$≤-$\frac{1}{2}$cos（$\frac{π}{3}$-2C）＜$-\frac{1}{4}$，
則$\frac{1}{2}$≤1-$\frac{1}{2}$cos（$\frac{π}{3}$-2C）＜$\frac{3}{4}$
∴sin²A+sin²C的取值范圍是[$\frac{1}{2}$，$\frac{3}{4}$）．

點(diǎn)評 本題考查了正弦定理、倍角公式、和差公式、三角函數(shù)的單調(diào)性，考查了推理能力與計(jì)算能力，屬于中檔題．