Question

設(shè)函數(shù)f（x）=p（x-）-2lnx，g（x）=．（p是實(shí)數(shù)，e是自然對(duì)數(shù)的底數(shù)）
（1）當(dāng)p=2時(shí)，求與函數(shù)y=f（x）的圖象在點(diǎn)A（1，0）處相切的切線方程；
（2）若f（x）在其定義域內(nèi)為單調(diào)遞增函數(shù)，求p的取值范圍；
（3）若在[1，e]上至少存在一點(diǎn)x_o，使得f（x）＞g（x）成立，求p的取值范圍．

Answer 1

【答案】分析：（1）求導(dǎo)要使“f（x）為單調(diào)增函數(shù)”，轉(zhuǎn)化為“f’（x）≥0恒成立”，再轉(zhuǎn)化為“p≥=恒成立”，由最值法求解．同理，要使“f（x）為單調(diào)減函數(shù)”，轉(zhuǎn)化為“f’（x）≤0恒成立”，再轉(zhuǎn)化為“p≤=恒成立”，由最值法求解，最后兩個(gè)結(jié)果取并集．
（2）由“函數(shù)f（x）的圖象相切于點(diǎn)（1，0”求得切線l的方程，再由“l(fā)與g（x）圖象相切”得到（p-1）x²-（p-1）x-e=0由判別式求解即可．
（3）因?yàn)椤霸赱1，e]上至少存在一點(diǎn)x，使得f（x）＞g（x）成立”，要轉(zhuǎn)化為“f（x）_max＞g（x）_min”解決，易知g（x）=在[1，e]上為減函數(shù)，所以g（x）∈[2，2e]，①當(dāng)p≤0時(shí)，f（x）在[1，e]上遞減；②當(dāng)p≥1時(shí)，f（x）在[1，e]上遞增；③當(dāng)0＜p＜1時(shí)，兩者作差比較．
解答：解：（1）∵，要使f（x）為單調(diào)增函數(shù)，須f’（x）≥0恒成立，
即px²-2x+p≥0恒成立，即p≥=恒成立，又≤1，
所以當(dāng)p≥1時(shí)，f（x）在（0，+∞）為單調(diào)增函數(shù)．
要使f（x）為單調(diào)減函數(shù)，須f’（x）≤0恒成立，即px²-2x+p≤0恒成立，即p≤=恒成立，又＞0，所以當(dāng)p≤0時(shí)，f（x）在（0，+∞）為單調(diào)減函數(shù)．
綜上所述，f（x）在（0，+∞）為單調(diào)函數(shù)，p的取值范圍為p≥1或p≤0
（2）∵，，∴f’（1）=2（p-1），設(shè)直線l：y=2（p-1）（x-1），
∵l與g（x）圖象相切，∴y=2（p-1）（x-1）得（p-1）（x-1）=，即（p-1）x²-（p-1）x-e=0
y=當(dāng)p=1時(shí)，方程無(wú)解；當(dāng)p≠1時(shí)由△=（p-1）²-4（p-1）（-e）=0，得p=1-4e，綜上，p=1-4e
（3）因g（x）=在[1，e]上為減函數(shù)，所以g（x）∈[2，2e]
①當(dāng)p≤0時(shí)，由（1）知f（x）在[1，e]上遞減⇒f（x）^max=f（1）=0＜2，不合題意
②當(dāng)p≥1時(shí)，由（1）知f（x）在[1，e]上遞增，f（1）＜2，又g（x）在[1，e]上為減函數(shù)，
故只需f（x）_max＞g（x）_min，x∈[1，e]，
即：f（e）=p（e-）-2lne＞2⇒p＞③當(dāng)0＜p＜1時(shí)，因x-≥0，x∈[1，e]
所以f（x）=p（x-）-2lnx≤（x-）-2lnx≤e--2lne＜2不合題意
綜上，p的取值范圍為（ ，+∞）
點(diǎn)評(píng)：本題主要考查用導(dǎo)數(shù)法研究函數(shù)的單調(diào)性，基本思路是：當(dāng)函數(shù)為增函數(shù)時(shí)，導(dǎo)數(shù)大于等于零；當(dāng)函數(shù)為減函數(shù)時(shí)，導(dǎo)數(shù)小于等于零，已知單調(diào)性求參數(shù)的范圍往往轉(zhuǎn)化為求相應(yīng)函數(shù)的最值問(wèn)題．