Question

5．如圖，三棱柱ABC-A₁B₁C₁中，側(cè)面ACC₁A₁⊥側(cè)面ABB₁A₁，∠B₁A₁A=∠C₁A₁A=60°，AA₁=AC=4，AB=1．
（Ⅰ）求證：A₁B₁⊥B₁C₁；
（Ⅱ）求三棱錐ABC-A₁B₁C₁的側(cè)面積．

Answer 1

分析 （Ⅰ）取AA₁中點(diǎn)O，連結(jié)OC₁，AC₁，推導(dǎo)出OC₁⊥AA₁，OC₁⊥A₁B₁，A₁B₁⊥OB₁，從而A₁B₁⊥平面OB₁C₁，由此能證明A₁B₁⊥B₁C₁．
（Ⅱ）在平行四邊形ABB₁A₁中，過(guò)B₁作B₁E⊥₁于點(diǎn)E，過(guò)O作OF⊥BB₁于點(diǎn)F，則OFB₁E為矩形推導(dǎo)出BB₁⊥OC₁，C₁F⊥BB₁，由此能求出三棱錐ABC-A₁B₁C₁的側(cè)面積．

解答 證明：（Ⅰ）取AA₁中點(diǎn)O，連結(jié)OC₁，AC₁，
∵AA₁=AC=A₁C₁=4，∠C₁A₁A=60°，∴△AC₁A₁為正三角形，
∴OC₁⊥AA₁，OC₁=2$\sqrt{3}$，
又側(cè)面ACC₁A₁⊥側(cè)面ABB₁A₁，面ACC₁A₁∩面ABB₁A₁=AA₁，OC₁?面ACC₁A₁，
∴OC₁⊥平面ABB₁A₁，
又A₁B₁?平面ABB₁A₁，∴OC₁⊥A₁B₁，
在△OA₁B₁中，∵∠OA₁B₁=60°，A₁B₁=AB=1，OA₁=2，
∴$O{{B}_{1}}^{2}$=1+4-2×1×2×cos60°=3，解得OB₁=$\sqrt{3}$，
∴OA₁²=OB₁²+${A}_{1}{{B}_{1}}^{2}$，∴A₁B₁⊥OB₁，
又OB₁∩OC₁=O，OB₁?平面OB₁C₁，OC₁?平面OB₁C₁，
∴A₁B₁⊥平面OB₁C₁，
∵B₁C₁?平面OB₁C₁，∴A₁B₁⊥B₁C₁．
解：（Ⅱ）依題意，${S}_{AB{B}_{1}{A}_{1}}=2×\frac{1}{2}×{A}_{1}{B}_{1}×A{A}_{1}×sin60°$=8$\sqrt{3}$，
在平行四邊形ABB₁A₁中，過(guò)B₁作B₁E⊥₁于點(diǎn)E，
過(guò)O作OF⊥BB₁于點(diǎn)F，則OFB₁E為矩形，∴OF=B₁E，
由（1）知OC₁⊥平面ABB₁A₁，BB₁?平面ABB₁A₁，
∴BB₁⊥OC₁，
∵BB₁⊥OF，OC₁∩OF=O，OC₁?平面OC₁F，OF?平面OC₁F，
∴BB₁⊥平面OC₁F，∵C₁F?平面OC₁F，
∴C₁F⊥BB₁，
∵${B}_{1}E={A}_{1}{B}_{1}•sin60°=\frac{\sqrt{3}}{2}$，
在Rt△OC₁F中，OC₁=2$\sqrt{3}$，OF=B₁E=$\frac{\sqrt{3}}{2}$，
∴C₁F=$\sqrt{（2\sqrt{3}）^{2}+（\frac{\sqrt{3}}{2}）^{2}}$=$\frac{\sqrt{51}}{2}$，
∴${S}_{BC{C}_{1}{B}_{1}}$=BB₁×${C}_{1}F=2\sqrt{51}$，
∴三棱錐ABC-A₁B₁C₁的側(cè)面積S=2$\sqrt{3}+8\sqrt{3}+2\sqrt{51}$=$10\sqrt{3}+2\sqrt{51}$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查線線垂直的證明，考查三棱錐的側(cè)面積的求法，考查直線與直線、直線與平面、平面與平面的位置關(guān)系等基礎(chǔ)知識(shí)，考查空間想象能力、推理論證能力、運(yùn)算求解能力，考查化歸與轉(zhuǎn)化思想，是中檔題．