已知橢圓C:
x2
a2
+
y2
b2
=1(a>b>0)
的短軸長(zhǎng)為2,離心率為
2
2
,設(shè)過(guò)右焦點(diǎn)的直線l與橢圓C交于不同的兩點(diǎn)A,B,過(guò)A,B作直線x=2的垂線AP,BQ,垂足分別為P,Q.記λ=
AP+BQ
PQ
,若直線l的斜率k≥
3
,則λ的取值范圍為
 
分析:根據(jù)已知條件求出橢圓C的方程,再由直線l過(guò)橢圓C的右焦點(diǎn),設(shè)出直線l的方程,聯(lián)系橢圓C和直線l的方程組,利用一元二次方程根與系數(shù)的關(guān)系能求出λ的取值范圍.
解答:解:∵橢圓C:
x2
a2
+
y2
b2
=1(a>b>0)
的短軸長(zhǎng)為2,離心率為
2
2

2b=2
c
a
=
2
2
a2=b2+c2
,解得a=
2
,b=c=1,
∴橢圓C:
x2
2
+y2=1

∵過(guò)右焦點(diǎn)的直線l與橢圓C交于不同的兩點(diǎn)A,B,
∴設(shè)直線l的方程為y=k(x-1),
聯(lián)立
x2
2
+y2=1
y=k(x-1)
,得(2k2+1)x2-4k2x+2k2-2=0,
設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),y1>y2,
x1+x2=
4k2
2k2+1
,x1x2=
2k2-2
2k2+1
,
λ=
AP+BQ
PQ
=
2-x1+2-x2
y1-y2

=
4-(x1+x2)
k(x1-1)-k(x2-1)

=
4-
4k2
2k2+1
k
(x1+x2)-4x1x2

=
4-
4k2
2k2+1
k
(
4k2
2k2+1
)2-4×
2k2-2
2k2+1

=
2k2+2
k

=
2+
2
k2
,
∵k
3

∴當(dāng)k=
3
時(shí),λmax=
2+
2
3
=
2
6
3
,
當(dāng)k→+∞時(shí),λmin
2

∴λ的取值范圍是(
2
,
2
6
3
]

故答案為:(
2
,
2
6
3
]
點(diǎn)評(píng):本題考查橢圓知識(shí)的綜合運(yùn)用,解題時(shí)要認(rèn)真審題,注意挖掘題設(shè)中的隱含條件,合理地進(jìn)行等價(jià)轉(zhuǎn)化.
練習(xí)冊(cè)系列答案
相關(guān)習(xí)題

科目:高中數(shù)學(xué) 來(lái)源: 題型:

已知橢圓C:
x2
a2
+
y2
b2
=1(a>b>0)
的離心率為
1
2
,且經(jīng)過(guò)點(diǎn)P(1,
3
2
)

(1)求橢圓C的方程;
(2)設(shè)F是橢圓C的左焦,判斷以PF為直徑的圓與以橢圓長(zhǎng)軸為直徑的圓的位置關(guān)系,并說(shuō)明理由.

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科目:高中數(shù)學(xué) 來(lái)源: 題型:

已知橢圓C:
x2
a2
+
y2
b2
=1(a>b>0)的短軸長(zhǎng)為2
3
,右焦點(diǎn)F與拋物線y2=4x的焦點(diǎn)重合,O為坐標(biāo)原點(diǎn).
(1)求橢圓C的方程;
(2)設(shè)A、B是橢圓C上的不同兩點(diǎn),點(diǎn)D(-4,0),且滿足
DA
DB
,若λ∈[
3
8
1
2
],求直線AB的斜率的取值范圍.

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科目:高中數(shù)學(xué) 來(lái)源: 題型:

已知橢圓C:
x2
a2
+
y2
b2
=1(a>b>0)經(jīng)過(guò)點(diǎn)A(1,
3
2
),且離心率e=
3
2

(Ⅰ)求橢圓C的方程;
(Ⅱ)過(guò)點(diǎn)B(-1,0)能否作出直線l,使l與橢圓C交于M、N兩點(diǎn),且以MN為直徑的圓經(jīng)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)O.若存在,求出直線l的方程;若不存在,說(shuō)明理由.

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科目:高中數(shù)學(xué) 來(lái)源: 題型:

(2012•房山區(qū)二模)已知橢圓C:
x2
a2
+
y2
b2
=1
(a>b>0)的長(zhǎng)軸長(zhǎng)是4,離心率為
1
2

(Ⅰ)求橢圓方程;
(Ⅱ)設(shè)過(guò)點(diǎn)P(0,-2)的直線l交橢圓于M,N兩點(diǎn),且M,N不與橢圓的頂點(diǎn)重合,若以MN為直徑的圓過(guò)橢圓C的右頂點(diǎn)A,求直線l的方程.

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