Question

16．已知點(diǎn)C是線段AB上一點(diǎn)，$\overrightarrow{AC}$=2$\overrightarrow{CB}$，$\frac{\overrightarrow{MA}•\overrightarrow{MC}}{|\overrightarrow{MA}|}$=$\frac{\overrightarrow{MB}•\overrightarrow{MC}}{|\overrightarrow{MB}|}$，則$\frac{\overrightarrow{MA}•\overrightarrow{MB}}{|AB{|}^{2}}$的最小值為-$\frac{2}{9}$．

Answer 1

分析 由條件可知＜$\overrightarrow{MA}，\overrightarrow{MC}$＞=＜$\overrightarrow{MB}，\overrightarrow{MC}$＞，分M在AB上和M在AB外討論．

解答 解：∵$\frac{\overrightarrow{MA}•\overrightarrow{MC}}{|\overrightarrow{MA}|}$=$\frac{\overrightarrow{MB}•\overrightarrow{MC}}{|\overrightarrow{MB}|}$，∴$\overrightarrow{MA}，\overrightarrow{MC}$的夾角與$\overrightarrow{MB}，\overrightarrow{MC}$的夾角相等，
①若M在線段AB上，則M與C重合，∴$\frac{\overrightarrow{MA}•\overrightarrow{MB}}{|AB{|}^{2}}$=$\frac{-CA•CB}{A{B}^{2}}=-\frac{2}{9}$．
②若M不在線段AB上，
則MC為∠AMB的平分線，∴∠AMC=∠BMC．
由正弦定理得$\frac{AC}{sin∠AMC}=\frac{MC}{sinA}$，$\frac{BC}{sin∠BMC}=\frac{MC}{sinB}$，
∵AC=2BC，
∴sinB=2sinA．
設(shè)MA=b，MB=a，AB=c，設(shè)∠AMB=θ，0＜θ＜π．
則b=2a.$\overrightarrow{MA}•\overrightarrow{MB}$=abcosθ=2a²cosθ．
由余弦定理得|AB|²=c²=a²+b²-2abcosθ=5a²-4a²cosθ．
∴$\frac{\overrightarrow{MA}•\overrightarrow{MB}}{|AB{|}^{2}}$=$\frac{2{a}^{2}cosθ}{5{a}^{2}-4{a}^{2}cosθ}$=$\frac{2cosθ}{5-4cosθ}$．
設(shè)f（θ）=$\frac{2cosθ}{5-4cosθ}$，則f′（θ）=$\frac{-10sinθ}{（5-4cosθ）^{2}}$＜0，
∴f（θ）在（0，π）上是減函數(shù)，∴f（θ）＞f（π）=-$\frac{2}{9}$．
綜上，$\frac{\overrightarrow{MA}•\overrightarrow{MB}}{|AB{|}^{2}}$的最小值為-$\frac{2}{9}$．
故答案為：-$\frac{2}{9}$．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了平面向量的夾角公式，正余弦定理在解三角形中的應(yīng)用，函數(shù)的單調(diào)性與最值，屬于中檔題．