已知函數(shù)f(x),如果存在給定的實(shí)數(shù)對(duì)(a,b),使得f(a+x)•f(a-x)=b恒成立,則稱(chēng)f(x)為“S-函數(shù)”.
(1)判斷函數(shù)f1(x)=x,f2(x)=3x是否是“S-函數(shù)”;
(2)若f3(x)=tanx是一個(gè)“S-函數(shù)”,求出所有滿(mǎn)足條件的有序?qū)崝?shù)對(duì)(a,b);
(3)若定義域?yàn)镽的函數(shù)f(x)是“S-函數(shù)”,且存在滿(mǎn)足條件的有序?qū)崝?shù)對(duì)(0,1)和(1,4),當(dāng)x∈[0,1]時(shí),f(x)的值域?yàn)閇1,2],求當(dāng)x∈[-2012,2012]時(shí)函數(shù)f(x)的值域.
分析:(1)假設(shè)是S-函數(shù),列出方程恒成立,通過(guò)判斷方程的解的個(gè)數(shù)判斷出f1(x)不是,對(duì)于f2(x)對(duì)于列出方程恒成立.
(2)據(jù)題中的定義,列出方程恒成立,通過(guò)兩角和差的正切公式展開(kāi)整理,令含未知數(shù)的系數(shù)為0,求出a,b.
(3)利用題中的新定義,列出兩個(gè)等式恒成立;將x用2+x代替,兩等式結(jié)合得到函數(shù)值的遞推關(guān)系;用不完全歸納的方法求出值域.
解答:解:(1)若f
1(x)=x是“S-函數(shù)”,則存在常數(shù)(a,b),使得(a+x)(a-x)=b.
即x
2=a
2-b時(shí),對(duì)x∈R恒成立.而x
2=a
2-b最多有兩個(gè)解,矛盾,
因此f
1(x)=x不是“S-函數(shù)”.(3分)
若f
2(x)=3
x是“S-函數(shù)”,則存在常數(shù)a,b使得3
a+x•3
a-x=3
2a,
即存在常數(shù)對(duì)(a,3
2a)滿(mǎn)足.
因此f
2(x)=3
x是“S-函數(shù)”(6分)
(2)f
3(x)=tanx是一個(gè)“S-函數(shù)”,設(shè)有序?qū)崝?shù)對(duì)(a,b)滿(mǎn)足:
則tan(a-x)tan(a+x)=b恒成立.
當(dāng)a=
kπ+,k∈Z時(shí),tan(a-x)tan(a+x)=-cot
2(x),不是常數(shù).(7分)
因此
a≠kπ+, k∈Z,
x≠mπ+, m∈Z,
則有
×==b.
即(b•tan
2a-1)tan
2x+(tan
2a-b)=0恒成立.(9分)
即
??,k∈Z,
當(dāng)
x=mπ+, m∈Z,
a=kπ±時(shí),tan(a-x)tan(a+x)=cot
2(a)=1.
因此滿(mǎn)足f
3(x)=tanx是一個(gè)“S-函數(shù)”的常數(shù)(a,b)=
(kπ±,1), k∈Z.(12分)
(3)函數(shù)f(x)是“S-函數(shù)”,且存在滿(mǎn)足條件的有序?qū)崝?shù)對(duì)(0,1)和(1,4),
于是f(x)•f(-x)=1,f(1+x)•f(1-x)=4,
即f(1+x)•f(1-x)=4?f(x)f(2-x)=4,x∈[1,2]時(shí),2-x∈[0,1],
f(x)=∈[2, 4],
∴x∈[0,2]時(shí),f(x)∈[1,4].(14分)
| f(x)•f(-x)=1 | f(1+x)•f(1-x)=4 |
| |
??f(2+x)=4f(x).(16分)
| x∈[2,4] 時(shí),f(x)∈[4, 16],x∈[4, 6] 時(shí),f(x)∈[16, 26], | 依此類(lèi)推可知 x∈[2k, 2k+2] 時(shí),f(x)∈[22k, 22k+2], | x∈[2010, 2012] 時(shí),f(x)∈[22010, 22012]. |
| |
因此x∈[0,2012]時(shí),f(x)∈[1,2
2012],(17分)
x∈[-2012, 0] 時(shí),f(x)=,-x∈[0, 2012],f(-x)∈[1, 22012]?f(x)∈[2-2012, 1].
綜上可知當(dāng)x∈[-2012,2012]時(shí)函數(shù)f(x)的值域?yàn)閇2
-2012,2
2012].(18分)
點(diǎn)評(píng):本題考查理解題中的新定義、判斷函數(shù)是否具有特殊函數(shù)的條件、利用新定義得到恒等式、通過(guò)仿寫(xiě)的方法得到函數(shù)的遞推關(guān)系、考查利用歸納的方法得結(jié)論.