Question

（2012•長(zhǎng)寧區(qū)一模）設(shè)函數(shù)f（x）=a^x-（k-1）a^-x（a＞0且a≠1）是定義域?yàn)镽的奇函數(shù)．
（1）求k值；
（2）若f（1）＜0，試判斷函數(shù)單調(diào)性并求使不等式f（x²+tx）+f（4-x）＜0恒成立的t的取值范圍；
（3）若f（1）=

3

2

，且g（x）=a^2x+a^-2x-2mf（x）在[1，+∞）上的最小值為-2，求m的值．

Answer 1

分析：（1）根據(jù)奇函數(shù)的性質(zhì)可得f（0）=0，由此求得k值．
（2）由f（x）=a^x-a^-x（a＞0且a≠1），f（1）＜0，求得1＞a＞0，f（x）在R上單調(diào)遞減，不等式化為f（x²+tx）＜f（x-4），即 x²+（t-1）x+4＞0 恒成立，由＜0求得t的取值范圍．
（3）由f（1）=

3

2

求得a的值，可得 g（x）的解析式，令t=f（x）=2^x-2^-x，可知f（x）=2^x-2^-x為增函數(shù)，t≥f（1），令h（t）=t²-2mt+2，（t≥

3

2

），分類討論求出h（t）的最小值，再由最小值等于2，求得m的值．

解答：解：（1）∵f（x）是定義域?yàn)镽的奇函數(shù)，∴f（0）=0，…（2分）
∴1-（k-1）=0，∴k=2．…（4分）
（2）∵函數(shù)f（x）=a^x-a^-x（a＞0且a≠1），
∵f（1）＜0，∴a-

1

a

＜0，又 a＞0，
∴1＞a＞0．…（6分）
由于y=a^x單調(diào)遞減，y=a^-x單調(diào)遞增，故f（x）在R上單調(diào)遞減．
不等式化為f（x²+tx）＜f（x-4）．
∴x²+tx＞x-4，即  x²+（t-1）x+4＞0 恒成立，…（8分）
∴△=（t-1）²-16＜0，解得-3＜t＜5．…（10分）
（3）∵f（1）=

3

2

，a-

1

a

=

3

2

，即2a²-3a-2=0，∴a=2，或 a=-

1

2

（舍去）．…（12分）
∴g（x）=2^2x+2^-2x-2m（2^x-2^-x）=（2^x-2^-x）²-2m（2^x-2^-x）+2．
令t=f（x）=2^x-2^-x，由（1）可知k=2，故f（x）=2^x-2^-x ，顯然是增函數(shù)．
∵x≥1，∴t≥f（1）=

3

2

，
令h（t）=t²-2mt+2=（t-m）²+2-m²�。╰≥

3

2

）…（15分）
若m≥

3

2

，當(dāng)t=m時(shí)，h（t）_min=2-m²=-2，∴m=2…（16分）
若m＜

3

2

，當(dāng)t=

3

2

時(shí)，h（t）_min=

17

4

-3m=-2，解得m=

25

12

＞

3

2

，舍去…（17分）
綜上可知m=2．…（18分）

點(diǎn)評(píng)：本題主要考查指數(shù)型復(fù)合函數(shù)的性質(zhì)以及應(yīng)用，函數(shù)的奇偶性的應(yīng)用，以及函數(shù)的恒成立問(wèn)題，屬于中檔題．