Question

8．已知S_n為數(shù)列{a_n}的前n項(xiàng)和，且滿(mǎn)足a₁=1，S_n+1=4S_n+1．
（1）求數(shù)列{a_n}的通項(xiàng)公式；
（2）求證：$\sqrt{{a_1}-1}+\sqrt{{a_2}-1}+…+\sqrt{{a_n}-1}$＜2ⁿ-1．

Answer 1

分析 （1）由S_n+1=4S_n+1，S_n=4S_n-1+1，n≥2時(shí)，可得：a_n+1=4a_n，又可得a₂=4a₁．因此利用等比數(shù)列的通項(xiàng)公式即可得出．
（2）利用$\sqrt{{a_n}-1}=\sqrt{{4^{n-1}}-1}＜\sqrt{{4^{n-1}}}={2^{n-1}}$．再利用等比數(shù)列的求和公式即可得出．

解答 （1）解：由S_n+1=4S_n+1，S_n=4S_n-1+1，n≥2時(shí)，可得：a_n+1=4a_n，
又a₁=1，a₂+a₁=4a₁+1，可得a₂=4，∴a₂=4a₁．
∴對(duì)于n∈N^*，a_n+1=4a_n，因此數(shù)列{a_n}是等比數(shù)列，首項(xiàng)為1，公比為4．
∴a_n=4^n-1．
（2）證明：∵$\sqrt{{a_n}-1}=\sqrt{{4^{n-1}}-1}＜\sqrt{{4^{n-1}}}={2^{n-1}}$．
∴$\sqrt{{a_1}-1}+\sqrt{{a_2}-1}+…+\sqrt{{a_n}-1}$＜1+2+2²+…+2^n-1=$\frac{{2}^{n}-1}{2-1}$=2ⁿ-1．
因此$\sqrt{{a_1}-1}+\sqrt{{a_2}-1}+…+\sqrt{{a_n}-1}$＜2ⁿ-1．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了數(shù)列遞推關(guān)系、等比數(shù)列的通項(xiàng)公式與求和公式、“放縮法”，考查了推理能力與計(jì)算能力，屬于中檔題．