Question

11．設(shè)二次函數(shù)f（x）=ax²+bx．
（1）若1≤f（-1）≤2，2≤f（1）≤4，求f（-2）的取值范圍；
（2）當(dāng)b=1時(shí)，若對(duì)任意x∈[0，1]，-1≤f（x）≤1恒成立，求實(shí)數(shù)a的取值范圍．

Answer 1

分析 （1）用f（-1），f（1）表示出f（-2），利用不等式的性質(zhì)得出f（-2）的范圍；
（2）對(duì)a進(jìn)行討論，判斷f（x）的單調(diào)性，求出f（x）的最大值和最小值，令最值在區(qū)間[-1，1]上即可．

解答 解：（1）∵f（-1）=a-b，f（1）=a+b，f（-2）=4a-2b，
∴f（-2）=3f（-1）+f（1），
∵1≤f（-1）≤2，2≤f（1）≤4，
∴5≤3f（-1）+f（1）≤10，即-5≤f（-2）≤10．
（2）b=1時(shí)，$f（x）=a{x^2}+x=a{（x+\frac{1}{2a}）^2}-\frac{1}{4a}$，∴f（x）圖象的對(duì)稱軸為$x=-\frac{1}{2a}$，
①若a＞0，則函數(shù)f（x）=ax²+x在x∈[0，1]時(shí)為增函數(shù)，
∴f_min（x）=f（0）=0，f_max（x）=f（1）=a+1，
∵對(duì)任意x∈[0，1]，-1≤f（x）≤1恒成立，
∴a+1≤1，即a≤0，此與a＞0矛盾，舍去． 
②當(dāng)a＜0時(shí)，
（i）當(dāng)$-\frac{1}{2a}≥1$即$-\frac{1}{2}≤a＜0$時(shí)，f（x）=ax²+x在x∈[0，1]上為增函數(shù)，
∴f_min（x）=f（0）=0，f_max（x）=f（1）=a+1，
∵對(duì)任意x∈[0，1]，-1≤f（x）≤1恒成立，
∴a+1≤1，即a≤0，又$-\frac{1}{2}≤a＜0$，∴-$\frac{1}{2}$＜a＜0．
（ii）當(dāng)$-\frac{1}{2a}＜1$，即$a＜-\frac{1}{2}$時(shí)，f（x）在[0，-$\frac{1}{2a}$]上是增函數(shù)，在[-$\frac{1}{2a}$，1]上是減函數(shù)，
∵對(duì)任意x∈[0，1]，-1≤f（x）≤1恒成立，
又f（0）=0，
∴$\left\{\begin{array}{l}{-\frac{1}{4a}≤1}\\{a+1≥-1}\end{array}\right.$，解得$-2≤a＜-\frac{1}{2}$； 
綜上，a的取值范圍為[-2，0）．

點(diǎn)評(píng) 本題考查了不等式的性質(zhì)，二次函數(shù)的性質(zhì)，屬于中檔題．