Question

（2012•新區(qū)二模）在圖形的全等變換中，有旋轉(zhuǎn)變換，翻折（軸對(duì)稱）變換和平移變換．一次數(shù)學(xué)活動(dòng)課上，老師組織大家利用矩形進(jìn)行圖形變換的探究活動(dòng)．
（1）第一小組的同學(xué)發(fā)現(xiàn)，在如圖1-1的矩形ABCD中，AC、BD相交于點(diǎn)O，Rt△ADC可以由Rt△ABC經(jīng)過一種變換得到，請(qǐng)你寫出這種變換的過程

將△ABC繞點(diǎn)O旋轉(zhuǎn)180°后可得到△ADC

．

（2）第二小組同學(xué)將矩形紙片ABCD按如下順序進(jìn)行操作：對(duì)折、展平，得折痕EF（如圖2-1）；再沿GC折疊，使點(diǎn)B落在EF上的點(diǎn)B′處（如圖2-2），這樣能得到∠B′GC的大小，你知道∠B′GC的大小是多少嗎？請(qǐng)寫出求解過程．
（3）第三小組的同學(xué)，在一個(gè)矩形紙片上按照?qǐng)D3-1的方式剪下△ABC，其中BA=BC，將△ABC沿著直線AC的方向依次進(jìn)行平移變換，每次均移動(dòng)AC的長度，得到了△CDE、△EFG和△GHI，如圖3-2．已知AH=AI，AC長為a，現(xiàn)以AD、AF和AH為三邊構(gòu)成一個(gè)新三角形，已知這個(gè)新三角形面積小于15

15

，請(qǐng)你幫助該小組求出a可能的最大整數(shù)值．

（4）探究活動(dòng)結(jié)束后，老師給大家留下了一道探究題：
如圖4-1，已知AA′=BB′=CC′=2，∠AOB′=∠BOC′=∠COA′=60°，請(qǐng)利用圖形變換探究S_△AOB′+S_△BOC′+S_△COA′與

3

的大小關(guān)系．

Answer 1

分析：（1）根據(jù)矩形是中心對(duì)稱圖形，可以將Rt△ABC旋轉(zhuǎn)180°得到Rt△ADC而得出結(jié)論；
（2）連接BB'，由題意得EF垂直平分BC，就有BB'=B'C，由翻折可得B'C=BC，從而△BB'C為等邊三角形．就可以求出∠B'CB=60°；
（3）分別取CE、EG、GI的中點(diǎn)P、Q、R，連接DP、FQ、HR、AD、AF、AH，由BA=BC，根據(jù)平移變換的性質(zhì)，就有△CDE、△EFG和△GHI都是等腰三角形，就有DP⊥CE，F(xiàn)Q⊥EG，HR⊥GI，由勾股定理就可以求出HR²=

15

4

a²，從而得出新三角形三邊的值，從而得出結(jié)論；
（4）將△BOC'沿BB'方向平移2個(gè)單位，所移成的三角形記為△B'PR，將△COA'沿A'A方向平移2個(gè)單位，所移成的三角形記為△AQR．由條件可以得出△AQR為等邊三角形，由等邊三角形的性質(zhì)就可以求出△AQR的面積為

3

，從而就可以得出結(jié)論．

解答：解：（1）將△ABC繞點(diǎn)O旋轉(zhuǎn)180°后可得到△ADC；
故答案為：將△ABC繞點(diǎn)O旋轉(zhuǎn)180°后可得到△ADC．
（2）如圖2-2-1，連接BB'，由題意得EF垂直平分BC，
∴BB'=B'C，由翻折可得，
∴B'C=BC，
∴△BB'C為等邊三角形．
∴∠B'CB=60°，
∴∠B'CG=30°，
∵∠GB′C=90°，
∴∠B'GC=60°；
（3）如圖3-1-1，分別取CE、EG、GI的中點(diǎn)P、Q、R，連接DP、FQ、HR、AD、AF、AH，
∵BA=BC，根據(jù)平移變換的性質(zhì)，
∴△CDE、△EFG和△GHI都是等腰三角形，
∴DP⊥CE，F(xiàn)Q⊥EG，HR⊥GI，GR=EQ=CP=0.5a，DP=FQ=HR．
∵AC=a，
∴AI=4a．
∵AH=AI，
∴AH=4a，AR=3.5a．
∴AH²=16a²．
在Rt△AHR中，AH²=HR²+AR²，
16a²=HR²+

49

4

a²，
HR²=

15

4

a²，
∴DP²=FQ²=HR²=

15

4

a²，
在Rt△ADP和Rt△AFQ中，由勾股定理，得
AD²=AP²+DP²=6a²，AF²=AQ²+FQ²=10a²，
∴AH²=AD²+AF²，
∴新三角形為直角三角形，
∴新三角形三邊長為4a、

6

a、

10

a．
其面積為：

1

2

6

a×

10

a=

15

a²．
∵

15

a²＜15

15

，
∴a²＜15
∴a的最大整數(shù)值為3．
（4）如圖4-1-1，將△BOC'沿BB'方向平移2個(gè)單位，所移成的三角形記為△B'PR，
將△COA'沿A'A方向平移2個(gè)單位，所移成的三角形記為△AQS．連接PQ，
∵QR+PR=OC+OC'，
∴Q、R、P三點(diǎn)共線．
∵OQ=OA+AQ=OA+OA'=AA'=2，OP=OB'+B'P=OB'+OB=BB'=2．且∠QOP=60°，
∴△OPQ為等邊三角形．
∴PQ=OQ=OP=2．
∵RP=OC′，QS=OC，
∴RP+QS=OC′+OC=CC′=2=PQ，
∴R、S重合．
∴S_△QOP=

3

，
∵S_△AOB+S_△BOC+S_△COA=S_△AOB+S_△B'PR+S_△PQA＜S_△OPQ，
∴S_△AOB+S_△BOC+S_△COA＜

3

．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了旋轉(zhuǎn)變換的運(yùn)用，翻折變換的運(yùn)用，平移變換的運(yùn)用，等邊三角形的性質(zhì)的運(yùn)用，勾股定理的運(yùn)用，等腰三角形的性質(zhì)的運(yùn)用，三角形的面積公式的運(yùn)用．本題的綜合性較強(qiáng)要求學(xué)生熟練的運(yùn)用圖形變換解題是關(guān)鍵．