Question

已知：點(diǎn)P為正方形ABCD內(nèi)部一點(diǎn)，且∠BPC=90°，過點(diǎn)P的直線分別交邊AB、邊CD于點(diǎn)E、點(diǎn)F．

（1）如圖1，當(dāng)PC=PB時(shí)，則S_△PBE、S_△PCF S_△BPC之間的數(shù)量關(guān)系為　_________　；

（2）如圖2，當(dāng)PC=2PB時(shí)，求證：16S_△PBE+S_△PCF=4S_△BPG；

（3）在（2）的條件下，Q為AD邊上一點(diǎn)，且∠PQF=90°，連接BD，BD交QF于點(diǎn)N，若S_△bpc=80，BE=6．求線段DN的長(zhǎng)．

 

Answer 1

【答案】

（1）S_△PBE+S_△PCF=S_△BPC；     （2）見解析    （3）DN=2或3

【解析】

試題分析：（1）如圖1所示：過點(diǎn)P作PI⊥BC于點(diǎn)I，

∵PB=PC，

∴PI∥BE∥CF，

∴PI是梯形BCFE的中位線，

∴PI=（BE+CF），

∵△PBC是等腰直角三角形，

∴PI=AB=CI，

∴S_△PBE+S_△PCF=BE?BI+CF?CI=BE×BC+CF?BC=BC（BE+CF）=BC?PI=S_△PBC；

故答案為：S_△PBE+S_△PCF=S_△BPC；

（2）如圖2，過點(diǎn)P作PG⊥EF交BC于點(diǎn)G，∠EPG=90°，

∵∠BPC=90°，

∴∠EPB+∠BPG=90°，

∵∠BPG+∠CPG=90°，

∴∠EPB=∠CPG，

同理，∵∠EBP+∠PBC=90°，∠PBC+∠BCP=90°，

∴∠EBP=∠BCP，

∴△EPB∽△GPC，

∵PC=2PB，

∴=（）²=

∴S_△GPC=4S_△EPB，

同理可得S_△FPC=4S_△GPB，

∵S_△PBG+S_△PGC=S_△BPC，

∴16S_△PBE+S_△PFC=4S_△BPC；

（3）如圖3，設(shè)正方形的邊長(zhǎng)為a（a＞0），

∵∠BPC=90°，PC=2PB，S_△BPC=80，

∴??=80，解得a=20，

由（2）知，△EPB∽△GPC，

∴CG=2BE=12，

∴BG=8，

∴CF=16，DF=4，

過點(diǎn)P作PM∥AB交BC于點(diǎn)M．交AD于點(diǎn)H，過點(diǎn)P作PT⊥CD于T，

∵PM⊥BC，BC=20，S_△BPC=80，

∴PM=8，

∴PH=12，PT=16，F(xiàn)T=8，

∵∠PQF=90°，

∴由勾股定理得，（HQ²+HP²）+（DQ²+DF²）=PT²+TF²，即（16﹣DQ）²+12²+（DQ²+4²）=16²+8²，解得DQ=4或DQ=12，

當(dāng)DQ=4時(shí)，

∵DQ=DF=4，∠PQF=90°，DN為∠QDF的角平分線，

∴DN=QD=2；

當(dāng)DQ=12時(shí)，過點(diǎn)N作NN₁⊥QD于N₁，

∵∠QOF=90°，DN為∠QDF的角平分線，

∴∠QDN=45°，

∵NN₁⊥AD，

∴NN₁=N₁D，△QDF∽△QN₁N，

∴=，=，解得NN₁=3，

∴DN===3，

綜上所述，DN=2或3．

考點(diǎn)：相似形綜合題；勾股定理；正方形的性質(zhì)；相似三角形的判定與性質(zhì)．

點(diǎn)評(píng)：本題考查的是相似形的綜合題，涉及到相似三角形的判定與性質(zhì)、正方形的性質(zhì)、等腰三角形的性質(zhì)及勾股定理，解答此題的關(guān)鍵是作出輔助線，構(gòu)造出相似三角形，再利用相似三角形的性質(zhì)進(jìn)行解答．