9.如圖①,等腰Rt△ABC中,∠ABC=90°,點A,B分別在坐標軸上
(1)當點C的橫坐標為5時,求B點的坐標.
(2)在等腰Rt△ABC運動過程中,位置如圖②所示,若x軸恰好平分∠BAC,BC交x軸于M,過C作CD⊥x軸于D,求$\frac{CD}{AM}$的值.
(3)若A的坐標為(-4,0),點B在y軸正半軸上運動時,如圖③分別以O(shè)B,AB為邊在第一,第二象限作等腰Rt△OBF和等腰Rt△ABE,連EF交y軸于P點,當點B在y軸上運動時,有結(jié)論①PB的長為定值和結(jié)論②EF-EB的值為定值,其中有且只有一個結(jié)論正確,請選擇,并求其值.

分析 (1)作CD⊥BO,易證△ABO≌△BCD,根據(jù)全等三角形對應(yīng)邊相等的性質(zhì)即可解題;
(2)設(shè)AB=BC=a,根據(jù)勾股定理求出AC=$\sqrt{2}$a,根據(jù)MA(即x軸)平分∠BAC,得到$\frac{BM}{MC}$=$\frac{AB}{AC}$=$\frac{\sqrt{2}}{2}$,求得BM=($\sqrt{2}$-1)a,MC=(2-$\sqrt{2}$)a,AM=$\sqrt{4-2\sqrt{2}}$a,再證明Rt△ABM∽Rt△CDM,得到$\frac{AB}{CD}$=$\frac{AM}{CM}$,即可求得CD=$\frac{AB•CM}{AM}$,再除以AM解答即可,
(3)結(jié)論①PB的長為定值和結(jié)論正確;作EG⊥y軸,易證△BAO≌△EBG和△EGP≌△FBP,可得BG=AO和PB=PG,即可求得PB=$\frac{1}{2}$AO,即可解題.

解答 解:(1)如圖1,

作CD⊥BO于D,
∵∠CBD+∠ABO=90°,∠ABO+∠BAO=90°,
∴∠CBD=∠BAO,
在△ABO和△BCD中,
$\left\{\begin{array}{l}{∠BOA=∠BDC=90°}\\{∠CBD=∠BAO}\\{AB=BC}\end{array}\right.$,
∴△ABO≌△BCD(AAS),
∴BO=CD=5,
∴B點坐標(0,5);

(2)設(shè)AB=BC=a,
則AC=$\sqrt{2}$a,
∵MA(即x軸)平分∠BAC,
∴$\frac{BM}{MC}$=$\frac{AB}{AC}$=$\frac{\sqrt{2}}{2}$,
即MC=$\sqrt{2}$BM,
∵BC=BM+MC=a,
∴BM+$\sqrt{2}$BM=a,
解得BM=($\sqrt{2}$-1)a,MC=(2-$\sqrt{2}$)a
則AM=$\sqrt{A{B}^{2}+B{M}^{2}}$=$\sqrt{4-2\sqrt{2}}$a,
∵∠ABM=∠CDM=90°
且∠AMB=∠CMD
∴Rt△ABM∽Rt△CDM,
∴$\frac{AB}{CD}$=$\frac{AM}{CM}$,
即CD=$\frac{AB•CM}{AM}$,
∴$\frac{CD}{AM}$=$\frac{a(2-\sqrt{2})a}{(\sqrt{4-2\sqrt{2}}a)^{2}}$=$\frac{1}{2}$;

(3)結(jié)論①PB的長為定值和結(jié)論正確;
如圖3,

作EG⊥y軸于G,
∵∠BAO+∠OBA=90°,∠OBA+∠EBG=90°,
∴∠BAO=∠EBG,
在△BAO和△EBG中,
$\left\{\begin{array}{l}{∠AOB=∠BGE=90°}\\{∠BAO=∠EBG}\\{AB=BE}\end{array}\right.$,
∴△BAO≌△EBG(AAS),
∴BG=AO,EG=OB,
∵OB=BF,
∴BF=EG,
在△EGP和△FBP中,
$\left\{\begin{array}{l}{∠EPG=∠FPB}\\{∠EGP=∠FBP=90°}\\{EG=BF}\end{array}\right.$,
∴△EGP≌△FBP(AAS),
∴PB=PG,
∴PB=$\frac{1}{2}$BG=$\frac{1}{2}$AO=2.

點評 本題考查了全等三角形的判定與性質(zhì),勾股定理、角平分線的性質(zhì)、相似三角形的判定與性質(zhì),熟練掌握三角形全等的證明是解本題的關(guān)鍵.

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