Question

10．如圖，二次函數(shù)y=ax²-2amx-3am²（a，m是常數(shù)，且m＜0）的圖象與x軸交于A、B（點A位于點B的左側(cè)），與y軸交于點C（0，3），作CD∥AB交拋物線于點D，連接BD，過點B作射線BE交拋物線于點E，使得AB平分∠DBE．
（1）求點A，B的坐標(biāo)；（用m表示）
（2）$\frac{BD}{BE}$是否為定值？若是，求出這個定值；若不是，請說明理由．
（3）拋物線y=ax²-2amx-3am²的頂點為F，直線DF上是否存在唯一一點M，使得∠OMA=90°？若存在，求出此時m的值；若不存在，請說明理由．

Answer 1

分析 （1）利用因式分解法即可得出點A，B坐標(biāo)；
（2）先表示出DH，BH，再利用角平分線判斷出△BDH∽△BEG，即可得出結(jié)論；
（3）先求出點D，F(xiàn)坐標(biāo)，進而得出直線DF解析式，求出OP，PN，再取OA的中點，求出MN，OM，由存在唯一一點得出PN和PO都和⊙M相切，即PM是∠OPN的平分線，用角平分線定理即可求出m．

解答 解：（1）由ax²-2amx-3am²=0得，x₁=-m，x₂=3m，
則B（-m，0），A（3m，0），

（2）$\frac{BD}{BE}$是定值，為$\frac{3}{5}$；
理由：過點D作DH⊥AB于H，過點E作EG⊥AB于G，
將點C（0，3）代入y=ax²-2amx-3am²得，
a=-$\frac{1}{{m}^{2}}$；
∴y=ax²-2amx-3am²=-$\frac{1}{{m}^{2}}$x²+$\frac{2}{m}$x+3，
∵CD∥AB，
∴點D的坐標(biāo)為（2m，3），
∴OH=-2m，DH=3，
∴BH=-3m
∵AB平分∠DBE，
∴∠DBH=∠EBG，又∠DHB=∠EGB=90°，
∴△BDH∽△BEG，
∴$\frac{BD}{BE}=\frac{DH}{EG}=\frac{BH}{BG}$，
設(shè)E（n，-$\frac{1}{{m}^{2}}$×n²+$\frac{2}{m}$×n+3），
∴OG=-n，EG=$\frac{1}{{m}^{2}}$×n²-$\frac{2}{m}$×n-3，
∴BG=-m-n，
∴$\frac{3}{\frac{1}{{m}^{2}}×{n}^{2}-\frac{2n}{m}-3}=\frac{-3m}{-m-n}$，
∴n=4m，
∴E（4m，5），
∵BH=BO+OH=-m-2m=-3m，BG=BO+OG=-m-4m=-5m，
∴$\frac{BD}{BE}=\frac{BH}{BG}=\frac{-3m}{-5m}=\frac{3}{5}$，

（3）存在，
理由：如圖2，∵B（-m，0），A（3m，0），
∴F（m，4），
∵D（2m，3），
∴直線DF的解析式為y=-$\frac{1}{m}$x+5，
∴N（5m，0），P（0，5），
∴OP=5，PN=$\sqrt{（5m）^{2}+{5}^{2}}$=5$\sqrt{{m}^{2}+1}$
取OA的中點M，
∵A（3m，0），N（5m，0），
∴M（$\frac{3}{2}$m.0），
∴OM=-$\frac{3}{2}$m．MN=-$\frac{7}{2}$m，
假設(shè)直線DF上是存在唯一一點M，使得∠OMA=90°，
∴以O(shè)A為直徑的⊙M與PN，PO相切，
∴PM是∠OPN的角平分線，
∴$\frac{PN}{OP}=\frac{MN}{OM}$，
∴$\frac{5\sqrt{{m}^{2}+1}}{5}=\frac{-\frac{7}{2}m}{-\frac{3}{2}m}$，
∴m=$\frac{2\sqrt{10}}{3}$（舍）或m=-$\frac{2\sqrt{10}}{3}$．

點評 此題是二次函數(shù)綜合題，主要考查了待定系數(shù)法，相似三角形的性質(zhì)和判定，角平分線的性質(zhì)，作出輔助線是解本題的關(guān)鍵也是難點，此題用到方程的思想解決幾何圖形問題，是一道典型的題目．