Question

如圖，已知正方形ABCD，點P為BC邊上一點，作∠APE=45°，交CD的延長線于點E，連接AC交PE于F．
（1）求證：PE=PA；
（2）點G在AF邊上，且∠PGE=135°，連接DG交PE于N，若PB=3，CF=4，求線段NG的長．

Answer 1

【答案】分析：（1）連結AE，由條件可以得出△AFP∽△EFC，就有，就有，再通過證明△AFE∽△PFC而得出結論；
（2）由（1）的結論可以求出△ABP≌△ADE而得出AP=AE．再由條件得出∴△APC∽△EFC，就有．設BC=CD=x，則CP=x-3，AC=x，CE=x+3，可以求出x的值而得出CP=6，CE=12．再由條件dechu△PCG∽△GCE，就可以得出CG的值，作GK⊥EC于K，根據勾股定理就可以求出GD的值，通過證明四邊形GPCK是矩形和△PNG∽△END的性質就可以求出結論．
解答：解：（1）連結AE，
∵四邊形ABCD是正方形，
∴∠ACD=∠DAB=45°
∵∠APE=45°，
∴∠APE=∠ACD．
∵∠AFP=∠EFC，
∴△AFP∽△EFC，
∴，
∴．
∵∠AFE=∠PFC，
∴△AFE∽△PFC，
∴∠AEF=∠FCP=45°
∴△APE是等腰直角三角形，
∴PE=AP．

（2）∵四邊形ABCD是正方形，
∴∠ACD=∠DAB=45°，∠B=∠ADE=∠BAD=∠BCD=90°，∠AB=BC=CD=AD．
∵△APE是等腰直角三角形，
∴AP=AE．
在Rt△ABP和Rt△ADE中，
，
∴Rt△ABP≌Rt△ADE（HL），
∴BP=DE．
∵∠APE=45°，
∴∠APE=∠ACD．
∵∠AFP=∠EFC，
∴∠PAC=∠CEF
∴△APC∽△EFC，
∴．
設BC=CD=x，則CP=x-3，AC=x，CE=x+3，
∴，
解得：x₁=9，x₂=-1（舍去）
∴CB=CD=9，
∴CP=6，CE=12．
∵∠PCG=45°，
∴∠PGC+∠GPC=135°
∵∠PGE=135°，即∠PGC+∠CGE=135°，
∴∠GPC=∠CGE，
∵∠PCG=∠CGE，
∴△PCG∽△GCE，
∴CG²=CP•CE，
∴CG=6．
作GK⊥EC于K，
∴∠GKC=∠GKE=90°．
∵∠GCK=45°，
∴∠CGK=45°，
∴CK=KG．
在Rt△CGK中，由勾股定理，得
GK=CG=6，
∴DK=3．
在Rt△GKD，由勾股定理，得
GD=3．
∵GK=PC=6，且GK∥BC
∴四邊形GPCK是平行四邊形，
∵∠PCK=90°，
∴四邊形GPCK是矩形，
∴PG=CK=6，PG∥ED，
∴∠GPE=∠DEP．
∵∠PNG=∠END，
∴△PNG∽△END，
∴．
∴GN=2ND，
∵GN+ND=GD=3
∴3ND=3，
∴ND=
∴GN=2．
點評：本題考查了正方形的性質的運用，矩形的判定即性質的運用，勾股定理的運用，等腰直角三角形的判定即性質的運用，全等三角形的判定及性質的運用，解答本題時靈活運用相似三角形的性質是解答本題的關鍵．