Question

如圖，已知矩形ABCD，AB=

3

，BC=3，在BC上取兩點(diǎn)E，F(xiàn)（E在F左邊），以EF為邊作等邊三角形PEF，使頂點(diǎn)P在AD上，PE，PF分別交AC于點(diǎn)G，H．
（1）求△PEF的邊長(zhǎng)；
（2）求證：

PG

GH

=

EG

GC

；
（3）若△PEF的邊EF在線段BC上移動(dòng)．試猜想：PH與BE有何數(shù)量關(guān)系？并證明你猜想的結(jié)論．

Answer 1

分析：（1）過(guò)P作PQ⊥BC于Q，由矩形的性質(zhì)得PQ=AB=

3

，根據(jù)等邊△PEF的高為PQ，解直角三角形求邊長(zhǎng)；
（2）由已知解直角三角形得∠ACB=30°，根據(jù)∠PHG=∠CHF=∠PFE-∠ACB=30°，即∠PHG=∠ACB，又可證∠PGH=90°，利用銳角三角函數(shù)的定義得出結(jié)論；
（3）由30°的直角三角形性質(zhì)得PH=2PG=2（2-EG）=4-EC=4-（BC-BE）=4-3+BE．

解答：解：（1）過(guò)P作PQ⊥BC于Q（1分）
∵四邊形ABCD為矩形，
∴∠B=90°，即AB⊥BC，又AD∥BC，
∴PQ=AB=

3

，
∵△PEF是等邊三角形，
∴∠PEQ=60°，
在Rt△PEQ中，sin60°=

3

PE

，（2分）
∴PE=2，
∴△PEF的邊長(zhǎng)為2．�。�1分）

（2）在Rt△ABC中，
∵tan∠ACB=

AB

BC

=

3

3

，
∴∠ACB=30°（1分）
∵∠PEQ=60°，
∴∠EGC=90°，∠PGH=90°，（1分）
又∵△PEF是等邊三角形，
∴∠GEC=∠GPH，
∴cot∠GEC=cot∠GPH，（2分）
∴

PG

GH

=

EG

GC

，（1分）

（3）猜想：PH與BE的數(shù)量關(guān)系是：PH-BE=1（1分）
證法1：如圖，由（2），知∠1=30°
∵△PEF是等邊三角形
∴∠PFE=60°，PF=EF=2，
∵∠PFE=∠FHC+∠FCH，
在直角三角形ABC中，
∠EGC=90°，∠EPF=60°，
∴∠FHC=30°（1分）
∴∠FHC=∠FCH，
∴FC=FH（1分）
∵PH+FH=2，BE+EF+FC=3（2分）
∴PH-BE=1
證法2：由（2），知∠FCH=30°，∠EGC=90°，
∴在Rt△CEG中，EG=

1

2

EC，即EG=

1

2

(3-BE)（2分）
∵在Rt△PGH中，∠7=30°
∴PG=

1

2

PH
∴PE=EG+PG=

1

2

(3-BE)+

1

2

PH=2（2分）
∴PH-BE=1
證法3：可證：∠PEF=∠EPF=60°∠EGC=∠PGC=90°，
∴△EGC∽△PGH
∴

PH

EC

=

PG

EG

∴

PH

3-BE

=

2-EG

EG

①（2分）
∵∠ACB=∠ACB，∠B=∠EGC=90°，
∴△CEG∽△CAB，
∴

EG

AB

=

EC

AC

，即

EG

3

=

3-BE

2 3

，
∴EG=

1

2

(3-BE)②（2分）
把②代入①得，

PH

3-BE

=

2- 1 2 (3-BE)

1 2 (3-BE)

，
∴PH-BE=1．

點(diǎn)評(píng)：本題考查了等邊三角形的性質(zhì)，矩形的性質(zhì)及解直角三角形．關(guān)鍵是根據(jù)題意作垂線，得出特殊直角三角形求解．