Question

已知，在直角坐標系中，△ABO的位置如圖1，點O是坐標原點，點A的坐標為（-3，4），AB=AO，AB∥x軸交于y軸于點H．

（1）填空：點B的坐標（______，______　 ），△ABO的面積是______．
（2）把△ABO沿直線OB翻折得到△CBO，連接AC交于y軸于點M，請在圖2 中畫出圖形，并判斷此時四邊形AOCB的形狀，說明理由．
（3）連接BM，動點P從點A出發(fā)，沿折線ABC方向向終點C勻速運動，點P的運動時間為t秒，點P的速度為每秒2個單位，設△PMB的面積為S（S≠0），求當t為何值時，S有最大值，并求出S的最大值．
（4）在（3）條件下，點P在運動過程中，當∠MPB+∠BCO=90°時，求直線OP與直線AC所夾銳角的正切值．

Answer 1

解：（1）如圖1，作AT⊥x軸于點T，
∴∠ATO=90°，
∵A（-3，4），
∴AT=4，TO=3，在Rt△AOT中由勾股定理，得
AO==5．
∵AB=AO，
∴AO=5，
∴BH=2，
∵AB∥x軸，
∴B（2，4），S_△AOB==10
故答案為：（2，4），10．

（2）四邊形AOCB是菱形．
∵△ABO沿直線OB翻折得到△CBO，
∴OB垂直平分AC，
∴OC=OA，BC=AB，
∴OC=OA=BC=AB，
∴四邊形AOCB是菱形．

（3）∵OC=OA=5，
∴C（5，0），設直線AC的解析式為y=kx+b，則
，解得，，
直線AC的解析式為：y=-x+，
∴當x=0時，y=，
∴M（0，），
∴OM=，HM=
如圖2，當P點在AB邊上運動時，
∴S=BP•HM=（5-2t）×
=-t+（0≤t）
∵-＜0，
∴當t=0時，S有最大值，
當t=時，點P與B點重合，△PMB不存在，S=0．
∵四邊形AOCB是菱形，
∴MB=MO，∠MBC=∠MOC=90°，
如圖3，當P點在BC邊上運動時，
∴S=BP•BM=（2t-5）×，
S=t-（＜t≤5）
∵＞0，
∴當t=5時，S有最大值，
綜上所述，當t=5時，S有最大值．

（4）設OP與AC相交于F，連接OB交AC于點D．
∵四邊形AOCB是菱形，
∴∠AOC=∠ABC，∠BOC=∠ABO，∠BAO=∠BCO，
∴∠AOM=∠ABM．
∵∠MPB+∠BCO=90°，
∴∠MPB+∠BAO=90°
∵∠BAO+∠AOM=90°
∴∠MPB=∠AOM=∠ABM．
如圖4，當點P在AB上運動時，
∵∠MPB=∠ABM．，OH⊥AB
∴PH=HB=5-3=2，PA=1，
∴t=
∵△AFP∽△CFO，
∴=，
∴AF=AC
在Rt△AEC和△OBH中，由勾股定理，得
AC=4，OB=2，
∴AF==，
∴CF=，
∵四邊形ABCO是菱形，
∴AC⊥OB，OD=BD=，AD=CD=2，
∴FD==，
∴tan∠OFC==
如圖5，當P在BC上運動時，
∵∠BHM=∠PBM=90°，∠MPB+∠BMP=90°，∠MPB+∠BCO=90°，
∴∠BMP=∠BCO=∠BAO，
∵∠AOM=∠ABM，且∠ABM+∠BMH=90°，∠AOM+∠BAO=90°，
∴∠BMH=∠BAO=∠BCO=∠BMP，即∠BMH=∠BMP，
∴△BHM∽△PBM，
∴，
∴，
∴BP=，
∴PC=5-=，
∴t==，
∵PC∥OA，
∴△PFC∽△OFA，
∴=，
∴CF=AC=，
∴FD=CD-CF=2-=，
∴tan∠OFD===1
綜上所述，當t=時，直線OP與直線AC所夾銳角的正切值為，當t=時，直線OP與直線AC所夾銳角的正切值為1
分析：（1）知道點A的坐標，由條件可以知道點B的橫坐標，作AT⊥x軸于點T，由勾股定理可以求出AO的值，從而求出HB就可以求出B點的坐標．
（2）根據(jù)軸對稱的性質(zhì)，可以得到OC=OA，BC=AB，再由條件可以得到四邊都相等從而得出結論．
（3）根據(jù)題意求出C點的坐標，從而求出直線AC的解析式，再求出AC與y軸的交點坐標M，再根據(jù)點P在移動過程中的變化情況P在AB和AC上時求出其△PMB的面積解析式，最后求出結論．
（4）根據(jù)條件分為兩種情況，當P點AB上或P點在BC上證明三角形相似，由相似三角形的性質(zhì)及菱形的性質(zhì)求出相應的線段的長度，根據(jù)在直角三角形中的三角函數(shù)值的計算方法就可以求出兩種不同的位置時的直線OP與直線AC所夾銳角的正切值．
點評：本題考查了相似三角形的判定與性質(zhì)，坐標與圖形的性質(zhì)，待定系數(shù)法求一次函數(shù)的解析式，菱形的判定，圖形的翻折變換，銳角三角函數(shù)的運用及勾股定理的運用．